将一定量碳酸钙高温一段时间后,再将固体剩余物投入到300g8.76%的稀盐酸中,充分反后,可生成4.84g二氧化碳,且溶

设Na、K物质的量分别为xmol、ymol，
钠钾合金在足量氧气中燃烧生成KO₂、Na₂O₂，由元素守恒可知，则生成Na₂O₂为0.5x mol，KO₂为y mol，最终生成x mol NaOH、y mol KOH，
2Na₂O₂+2H₂O=4NaOH+O₂↑
0.5x mol 0.25x mol
4KO₂+2H₂O=4KOH+3O₂↑
ymol 0.75y mol
溶液吸收CO₂最多，则生成NaHCO₃、KHCO₃，故消耗二氧化碳为（x+y）mol，
则：（0.25x+0.75y）mol=（x+y）mol×[1/3]
整理得x：y=5：1，
则原钠钾合金中钠与钾的质量之比为5×23：1×39=115：39，
故选C．

点评：
本题考点： 有关混合物反应的计算．

考点点评： 本题考查混合物计算，难度中等，关键书写超氧化钾与水的反应，注意原子守恒的应用．

设样品中NaCl的质量为m，样品中Na₂CO₃的质量为x，生成的NaCl的质量为y
Na₂CO₃+CaCl₂=2NaCl+CaCO₃↓
106117100
xy10g



106
x=
100
10g x=10.6g

117
y=
100
10g y=11.7g---------------（1分）
10.6g+m+146.1g-10g=（11.7g+m）÷10%
m=3.3g---------------（1分）
样品中Na₂CO₃的质量分数为：[10.6g/10.6g+3.3g]×100%≈76.3%---------------（1分）
答：样品中Na₂CO₃的质量分数为76.3%．

点评：
本题考点： 根据化学反应方程式的计算．

考点点评： 本题主要考查学生运用化学方程式和溶质质量分数公式综合分析和解决实际问题的能力．增加了学生分析问题的思维跨度，强调了学生整合知识的能力．

根据铜元素守恒可知n（Cu）=n（Cu²⁺）=1.5mol/L×0.1L=0.15mol，设消耗的硝酸的物质的量为xmol，生成的二氧化氮ymol，
Cu+4HNO₃（浓）=Cu（NO₃）₂+2NO₂ ↑+2H₂O
化学计量数：142
物质的量/mol：0.15 x y
求得：x=0.6，y=0.3；
标准状况下二氧化氮的体积V=0.3mol×22.4l/mol=6.72L．
答：（1）反应消耗硝酸的物质的量为0.6mol．
（2）若改用排水法收集反应生成的气体，则标准状况下气体的体积为6.72L．

点评：
本题考点： 化学方程式的有关计算；硝酸的化学性质．

考点点评： 本题以铜与浓硝酸反应为载体考查以物质的量为中心的计算，掌握铜与浓硝酸反应化学方程式是解题的关键，很好的培养了学生的计算能力和元素守恒思想的应用．

设加入Cu片的量为xmol，n（H₂）=
2.24L
22.4L/mol=0.1mol，
Cu+2H₂SO₄（浓）

加热
.
CuSO₄+SO₂↑+2H₂O，
xmol 2xmolxmol
CuSO₄+Zn═ZnSO₄+Cu
xmol xmolxmol
Zn+H₂SO₄═ZnSO₄+H₂↑
0.1mol 0.1mol 0.1mol
由Zn溶解，产生Cu质量减轻7.5g可得：65g/mol×（xmol+0.1mol）-64g/mol×xmol=7.5g
∴x=1，
∴加入铜片的质量为m（Cu）=1mol×64g/mol=64g，
原 H₂SO₄的物质的量浓度 c（H₂SO₄）=
n
V=
2×1mol+0.1mol
0.115L=18.3mol/L，
答：（1）加入铜片的质量为64g，
（2）原硫酸的物质的量浓度为18.3mol/L．

点评：
本题考点： 化学方程式的有关计算．

考点点评： 本题考查化学方程式的计算，题目难度中等，注意有关反应方程式的书写，以及题中数据的处理．

（1）铁粉与硫粉在隔绝空气条件下共热后所生成的产物可能有以下三种情况：一是FeS和S，二是FeS和Fe，三是FeS．由题意，产物加入到300 mL 2 mol•L^-1盐酸中能够完全溶解，可得固体A中不存在单质硫（即排除了第一种情况）；由题意，当m＞3.2 g时，收集到气体为H₂和H₂S的混合气，可得出固体A是FeS和Fe的混合物，
故答案为：Fe、FeS；
（2）依据题图可知在固体A的质量m＜3.2 g时，收集到的气体只有H₂，此前所生成的H₂S全部溶于水中，也即当m=3.2 g时，H₂S在水中的溶解达到饱和状态，
n（H₂）=0.224 L÷22.4 L•mol^-1=0.01 mol，
由Fe～H₂可知：m（Fe）=0.01 mol×56 g•mol^-1=0.56 g
则：m（FeS）=3.2 g-0.56 g=2.64 g
故n（FeS）=2.64 g÷88 g•mol^-1=0.03 mol
c（H₂S）=0.03 mol÷0.3 L=0.1 mol•L^-1
故答案为：n（Fe）=0.01mol、n（FeS）=0.03mol；0.1mol•L^-1；
（3）当m=3.2 g时，H₂S在水中的溶解达到饱和，反应生成氢气与硫化氢总体积为224mL+0.03mol×22.4L/mol×1000mL/L=896mL，
当m＞3.2 g时，因H₂S水溶液已经饱和，此时多余的H₂S将溢出，由关系式：Fe～H₂，FeS～H₂S和质量守恒知：固体A和产生气体的物质的量之比为1：1，则mg固体可产生H₂和H₂S的体积为[mg/3.2g]×896mL=280m mL，其中有672 mL的H₂S溶解在溶液中，所以，实际收集到的气体为：（280m-672）mL，
故答案为：（280m-672）．

点评：
本题考点： 化学方程式的有关计算；有关混合物反应的计算．

考点点评： 本题以两个并列化学反应为背景，考查以方程式的综合计算，涉及守恒法和极值法．同时，还考查学生的识图能力和运用数学知识解决化学问题的能力，难度中等．

产物通过无水CaCl₂时，无水CaCl₂增重25.2g为水的质量，
所以n（H₂O）=[25.2g/18g/mol]=1.4mol，
根据H原子守恒，可知：n（CH₄）=[1/2]n（H₂O）=[1/2]×1.4mol=0.7mol，
根据C原子守恒，则：n（CO）+n（CO₂）=0.7mol，
所以m（CO）+m（CO₂）=49.6g-25.2g=24.4g，
所以[0.7mol-n（CO₂）]×28g/mol+n（CO₂）×44g/mol=24.4g，
解之：n（CO₂）=0.3mol，
所以生成二氧化碳的质量为0.3mol×44g/mol=13.2g．
故选：B．

点评：
本题考点： 化学方程式的有关计算．

考点点评： 本题考查混合物的计算，难度中等，注意从原子守恒的角度解答，关键根据水的质量判断甲烷的物质的量．

向悬浊液中加少量生石灰，发生：CaO+H₂O=Ca（OH）₂，
A．向悬浊液中加少量生石灰，反应消耗水，会析出氢氧化钙，则n（Ca²⁺）减小，故A错误；
B．反应后仍为饱和溶液，c（Ca²⁺），故B正确；
C．反应后仍为饱和溶液，c（OH^-）不变，溶液体积减小，所以n（OH^-）减小，故C错误；
D．反应后仍为饱和溶液，c（OH^-）不变，故D错误；
故选B．

点评：
本题考点： 难溶电解质的溶解平衡及沉淀转化的本质．

考点点评： 本题考查难溶电解质的溶解平衡，题目难度一般，要注意向悬浊液中加少量生石灰，发生的反应：CaO+H2O=Ca（OH）2，从平衡移动的角度分析．