倾斜的adj 英文是什么lean只有动词是倾斜,adj是“瘦的”意思

无论试管如何放置，管中所盛液体都是水，所以压强的变化只与水的深度变化有关．水管由倾斜放置到竖直放置，相当于深度增大．在密度一定时，深度增大，由P=ρgh知水对管底的压强增大．
故选B．

点评：
本题考点： 液体的压强的计算．

考点点评： 液体中某一点到自由液面的垂直距离叫深度．水的深度和水柱的长度不是一个概念．理解“深度”的含义是得到此题正确答案的前提．

（1）设杆a下滑到水平轨道瞬间的速度为V_a，杆a从斜轨道上下滑到水平轨道的过程中，只有重力做功
由机械能守恒定律得 m_agh=[1/2]m_aV_a²
解得 V_a=6 m/s．
（2）当a以6 m/s的速度进入匀强磁场后，a、b两杆所受的安培力等大反向，合力为零，最终一起匀速运动．
设共同的速度为V，取水平向右为正
由动量守恒定律得 m_av_a-m_bv₀=（m_a+m_b）V
解得 V=3m/s
（3）设消耗的电能为E
由能量守恒定律得 E=[1/2]m_av_a²+[1/2]m_bv₀²-[1/2]（m_a+m_b）V²
代入数据解得 E=27J．
答：（1）杆a下滑到水平轨道上瞬间的速度大小是6 m/s．
（2）杆a、b在水平轨道上的共同速度大小是3m/s．
（3）在整个过程中电路消耗的电能是27J．

点评：
本题考点： 机械能守恒定律；动量守恒定律．

考点点评： 本题很好的考查了机械能守恒、动量守恒和能量守恒定律，把力学和电磁场有机的结合了起来，考查了学生的分析能力，是个好题．

C、D、当气缸竖直放置时，对活塞受力分析如图，

所以，P₀S=G+PS ①
即外界大气压力等于重力与内部气体产生的压力之和．
当气缸倾斜时活塞受力如图，

此时：Gcosθ+P₁S=P₀S ②
由①②可知，P₁＞P，即末状态压强大于初状态，故C正确，D错误．
A、B、整个过程是绝热变化，由PV=C可知，压强增大时，体积减小，故密度变大，外界对气体做功，根据热力学第一定律知内能增大，故A正确，B错误．
故选：AC．

点评：
本题考点： 热力学第一定律；封闭气体压强．

考点点评： 此题把受力平衡与理想气体状态方程相结合，所以在解题过程中思维不要仅局限在理想气体状态方程和热力学第一定律上．

AB、物体受重力、电场力、天花板对物体的弹力和静摩擦力平衡．因为摩擦力不为零，则弹力不为零．故A、B错误；
C、根据共点力平衡得，物体所受的静摩擦力等于重力沿天花板的分力，增大电场强度，电场力增大，天花板弹力增大，但是静摩擦力不变，物体始终保持静止．故C错误，D正确．
故选：D．

点评：
本题考点： 摩擦力的判断与计算．

考点点评： 解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡进行求解．

（1）由表中实验数据可知，W_1有用=G₁h₁=5N×0.2m=1J，W_2总=F₂s₂=3.6N×1m=3.6J，η₃=
W3有用
W3总=[3.5J/4.3J]≈81%；

斜面倾斜角θ 小车重G/N 斜面高h/m 斜面长s/m 拉力F/N 有用功W_有/J 总功W_总/J 机械效率η
12° 5 0.2 1 2.1 1 2.1 48%
30° 5 0.5 1 3.6 2.5 3.6 69%
45° 5 0.7 1 4.3 3.5 4.3 81%（2）由表中实验数据可知，斜面倾角θ越小，斜面越省力，斜面的机械效率越低．
（3）实验过程中拉力的方向应与斜面平行，向上匀速拉动小车．
（4）探究斜面的机械效率与物重的关系，要保持斜面倾角不变，斜面的光滑程不变，只改变小车重力，这种研究问题的方法我们称之为控制变量法．
故答案为：（1）实验数据如上表所示；（2）小；低；（3）平行；（4）斜面倾角；小车重力；控制变量．

点评：
本题考点： 斜面机械效率的测量实验．

考点点评： 本题考查了实验数据分析，应用功的计算公式、效率公式，应用控制变量法分析实验数据，即可正确解题．

（1）米袋在AB上加速时的加速度：
a₀=[μmg/m]=μg=5m/s²
米袋的速度达到v₀=5m/s时，滑行的距离：
s₀=

v20
2a0=2.5m＜AB=3m，因此米袋在到达B点之前就有了与传送带相同的速度
设米袋在CD上运动的加速度大小为a，由牛顿第二定律得：
mgsinθ+μmgcosθ=ma
代入数据得：a=10 m/s²
所以能滑上的最大距离：
s=

v20
2a=1.25m
（2）设CD部分运转速度为v₁时米袋恰能到达D点（即米袋到达D点时速度恰好为零），则米袋速度减为v₁之前的加速度为：
a₁=-g（sinθ+μcosθ）=-10 m/s²
米袋速度小于v₁至减为零前的加速度为：
a₂=-g（sinθ-μcosθ）=-2 m/s²
由

v21−
v22
2a1+
0−
v21
2a2=4.45m
解得：v₁=4m/s，即要把米袋送到D点，CD部分的速度：
v_CD≥v₁=4m/s
（3）米袋恰能运到D点所用时间最长为：
t_max=
v1−v0
a1+
0−v1
a2=2.1s
若CD部分传送带的速度较大，使米袋沿CD上滑时所受摩擦力一直沿皮带向上，
则所用时间最短，此种情况米袋加速度一直为a₂．
由S_CD=v₀t_min+[1/2]a₂t²_min，得：t_min=1.16s
所以，所求的时间t的范围为：1.16 s≤t≤2.1 s；
答：（1）若CD 部分传送带不运转，米袋沿传送带所能上升的最大距离为1.25m；
（2）若要米袋能被送到D 端，CD 部分顺时针运转的速度应满足大于等于4m/s；
（3）米袋从C 端到D 端所用时间的取值范围为1.16 s≤t≤2.1 s．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律．

考点点评： 本题难点在于通过分析题意找出临条界件，注意米袋在CD段所可能做的运动情况，从而分析得出题目中的临界值为到达D点时速度恰好为零；本题的难度较大．

试题分析:设m的滑到底端的速度为v1，A的速度为v2

①

②

M上升的最大高度为，共同速度为

③

④

得

<>

（1）植物根的负向光性中，向光侧为促进生长，背光侧为抑制生长，故能说明生长素的作用具有两重性．若除去风信子的根冠，根只能垂直生长，待根冠修复后又可以表现出负向光性，这说明根的感光部位是根冠．
（2）据图一可知，光强为0-80μmol•m^-2•s^-1范围内，随光强增加根倾斜角度变大，对风信子根负向光性的影响呈正相关，光强超过80μmol•m^-2•s^-1后，倾斜角度不变；由图二可知，光质在波长为450-500nm范围内对负向光性诱导最明显，波长大于500nm后，根倾斜角度大小不变．
（3）若使风信子根形成“S”型，可用其负向光性的原理，使其弯曲生长，具体做法是在光强为80μmol•m^-2•s^-1以上，波长为450-500nm时单向光处理一段时间后，改用相同条件下反方向光处理一段时间．
（4）据表中数据可知，由于当外源生长素浓度为10^-4和10^-3mg•L^-1时，根长分别为8.5和4.2，则说明当外源生长素浓度在10^-4-10^-3 mg•L^-1范围的某个数值时，根长也可为7.6cm，而该数值为对照组请水的数值，故该浓度的外源生长素对根生长的影响表现为既不促进，又不抑制．为进一步探究外源生长素对根负向光性倾斜角度影响最小的浓度，应进一步缩小浓度范围，在0-10^-4mg•L^-1范围内再设置更细致的浓度梯度实验．
故答案为：
（1）能 根的感光部位是根冠
（2）0-80 450-500
（3）在光强为80μmol•m^-2•s^-1以上，波长为450-500nm时单向光处理一段时间后，改用相同条件下反方向光处理一段时间
（4）①10^-4-10^-3 既不促进，又不抑制 ②0-10^-4

点评：
本题考点： 生长素的作用以及作用的两重性．

考点点评： 本题考查了植物激素的调节过程及其实验设计，应在考查学生是应用和实验探究能力，试题难度中等．

A、在竖直平面内以b点为轴顺时针缓慢转动玻璃管，使θ角变小，
如果将玻璃管放平的时候，即减小了对下部气体的压力，向a端移动，故A正确
B、当加速上升时，水银柱有一个向上的加速度，根据牛顿第二定律得下部气体对水银柱的压力要增大，即压强增大，所以水银柱向b端移动，故B错误
C、假定两段空气柱的体积不变，即V₁，V₂不变，初始温度为T，当温度升高△T时，空气柱1的压强由p₁增至p'₁，△p₁=p'₁-p₁，空气柱2的压强由p₂增至p′₂，△p₂=p′₂-p₂．
由查理定律得：△P₁=
p1
T△T，△P₂=
p2
T△T，
因为p₂=p₁+h＞p₁，所以△p₁＜△p₂，即水银柱应向a移动．故C正确．
D、以竖直轴转动，水银柱做圆周运动，需要向心力，根据牛顿第二定律得上部气体对水银柱的压力要增大，所以水银柱应向a移动．故D正确
故选ACD．

点评：
本题考点： 理想气体的状态方程；封闭气体压强．

考点点评： 这类题目只能按等容过程求解．因为水银柱的移动是由于受力不平衡而引起的，
而它的受力改变又是两段空气柱压强增量的不同造成的，所以必须从压强变化入手．

设直线AB的倾斜角为θ，0≤θ＜π，
根据斜率的计算公式，可得AB的斜率为 K=
1-m2
2-1=1-m²，
易得k≤1，
由倾斜角与斜率的关系，即tanθ≤1，
由正切函数的图象，可得θ的范围是[0，
π
4]∪(
π
2，π)．

点评：
本题考点： 直线的倾斜角．

考点点评： 本题考查直线的倾斜角，要求学生结合斜率的计算公式，结合斜率与倾斜角的关系，进行分析求解．