变压器由220V变成11V,一个线圈的阻值为6欧姆,另一线圈的阻值是1K欧姆,请问这个变压器是好的吗

根据
U1
U2＝
n1
n2得：U2＝
n2
n1•U1，根据：
I1
I2＝
n2
n1得：I2＝
n1
n2•I1
A、将
S 1从1拨向2时，原线圈的匝数减少，所以副线圈上的电压增大，负载上的功率增大，所以电流表示数变大．故A错误；
B、将
S 2从3拨向4时，副线圈的匝数减少，所以副线圈上的电压减小，负载上的功率减小，所以电流表示数变小．故B错误；
C、D、将R的滑片上移，接入电路的有效电阻变大，所以串联电路（R和R₂）的电阻增大，流过串联电路的电流变小，所以电阻R₂的电功率变小．故C错误，D正确．
故选：D

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 本题主要考查变压器的知识，要学会对变压器上的电流、电压的变化进行分析．属于中档题目．

A、原、副线圈的匝数分别为n₁=600匝、n₂=120匝，电源的电压为U₁=220V，所以副线圈电压是U₂=[220×120/600]=44V，
原线圈串联一个0.2A的保险丝，根据电流与匝数反比，副线圈允许的电流有效值最大为I₂=[600×0.2/120]=1A，
所以负载功率不能超过P=UI=44×1=44W，故A错误，C正确，D错误；
B、副线圈允许的电流有效值最大为1A，所以副线圈电流最大值不能超过
2A，故B错误；
故选：C．

点评：
本题考点： 交流的峰值、有效值以及它们的关系．

考点点评： 本题考查了变压器的特点，突破口在于保险丝的数值，结合欧姆定律进行判断．

A、变压器的原线圈中的电流变化，在副线圈中感应出电流，这种现象叫互感，故A正确；
B、输入功率等于输出功率，故B错误；
C、变压器的匝数与电压成正比，与电流成反比，故C正确；
D、因为电流与匝数成反比，所以原副线圈电流同时变化，故D正确；
故选ACD

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 本题考查了变压器的工作原理，要掌握变压器的匝数与电流电压关系的特点．

A、电压与匝数成正比，原线圈的电压有效值为
311

2V=220V，所以副线圈的电压的有效值为U₂=
5
11 U₁=100V，所以A错误．
B、灯泡的电流为I=[U/R]=[100/500]A=0.2A，小于灯泡的额定电流为0.28A，所以灯泡不能正常发光，所以B错误．
C、变压器不会改变电流的频率，通过灯泡的交变电流的频率为f=[1/T]=[ω/2π]=[100π/2π]=50Hz，所以C错误．
D、灯泡消耗的功率为P=
U2
R=
1002
500W=20W，变压器的原线圈和副线圈的功率是相同的，所以原线圈的输入功率为20W，所以D正确．
故选D．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决．

A、根据P=UI得，I=[P/U]．输送功率一定，输送电压变为原来的30倍，则输送电流变为原来的[1/30]，故A错误，B正确；
C、电流减小到[1/30]倍，根据P_损=I²R，可知，电线上损失的功率为原来的[1/900]倍，故C错误；
D、输送电流变为原来的[1/30]．根据P_损=I²R得，要使输电线上的功率不变，电阻变为原来的900倍，根据R=ρ
l
s=ρ
4l
πd2，直径变为原来的[1/30]．故D正确．
故选：BD．

点评：
本题考点： 远距离输电．

考点点评： 解决本题的关键知道输送功率与输送电压和电流的关系，结合P损=I2R判断功率损失．

A、B、由于输电线总电阻为R，输电线上有电压降，U_线＜U₂．根据欧姆定律得：I₂=
U线
R＜
U2
R，故A错误，B正确．
C、输电线上有功率损失，理想变压器不改变电功率，所以用户得到的电功率小于电厂输出的电功率，故C错误．
D、根据变压器的原理可知原副线圈中交变电流的频率相等，所以用户得到的交变电流的频率与电厂输出交变电流的频率相等，故D正确．
故选：BD

点评：
本题考点： 远距离输电．

考点点评： 本题运用欧姆定律时要注意各个量应对应同一段电路，要正确分析电压和功率的分配，即可分析远距离输电问题．

原线圈串联，所以I₁：I₂=1﹕1，功率P=I²R，所以P₁：P₂=R₁﹕R₂，AD正确．
故选AD

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 不管是直流电还是交流电，只要串联，电流就相等．

A、输入电压最大值为10kV，有效值为
10KV

2，由电压与匝数关系知电压表的示数为
400V

2，故A错误；
B、电压与匝数成正比，所以B正确；
C、闭合S，负载增多，总电阻减小，电流增大，电压不变，故C错误；
D、由C知副线圈中电流增大，电流与匝数成反比，所以原线圈中电流变大，故D正确；
故选BD

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 本题需要注意的地方是负载增多时，电流的变化，再根据变压器的特点逐项分析．

未换变压器时输电电流：I=[P/U＝
440×100
220]=200A
输出电压：U2＝
n2U1
n1＝
6×6600
165＝240V
则由△U=U₂-U=IR，得到：R=
240−220
200＝0.1Ω
更换变压器后：I′=
P′
U＝
440×250
220＝500A
线路损失电压：△U′=I′R=50V
变压器输出电压：U₂′=U+U′=220+50=270V
变压器的匝数比为：n₁：n₂=U₁：U₂=6600：270=220：9
答：此变压器的匝数比为220：9．

点评：
本题考点： 远距离输电；变压器的构造和原理．

考点点评： 本题关键是先根据变压比公式和串联电路电压关系求解出输电线电阻，然后在进一步求解新的变压器的变压比．