求线圈的功率有一个线圈,工作在380V电压状态测得电流为0.5A,它的功率是多少?应该怎样计算.交流电与直流电的计算有区

yan47984082022-10-04 11:39:541条回答

求线圈的功率
有一个线圈,工作在380V电压状态测得电流为0.5A,它的功率是多少?应该怎样计算.
交流电与直流电的计算有区别么?

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苏枫 共回答了19个问题 | 采纳率89.5%
这个就是一个功率的计算问题 有公式 P=UI其中U是电压I是电流
所以你的那个问题就是380×0.5=190W了
1年前

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享受艺术1年前4
013812500006 共回答了23个问题 | 采纳率87%
磁通量并不是矢量,其正负只表示磁感应线穿过的方向,例如翻了180,原来是bs,翻了之后是-bs,两者相减-bs-bs=-2bs,负号仅仅与原来穿过的方向相反,磁通量便为2bs.
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(1)利用如图装置,小丽无法探究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系,原因是不能改变电路中的电流大小;在电源电压不变的情况下她还应选择一个______.
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fl_161年前1
5164937a 共回答了28个问题 | 采纳率82.1%
解题思路:(1)要研究电磁铁的磁性的强弱与电流大小的关系,由控制变量法的要求,即在线圈的匝数不变的情况下,改变电磁铁中电流的大小即可,故需要添加能改变电路电流的器材,即能判断所需添加的器材.
(2)电磁铁磁性的强弱不能直接观察出来.就需要用转换的思路来认识.即通过它吸起大头针个数的多少判断即可.

(x)研究电磁铁图磁性图强弱与电流大小图关系,就需要改变电路中电流图大小.而图示装置中没有滑动变阻器来改变电流大小,所以该同学无法探究电磁铁磁性强弱与电流大小图关系,就需要一个滑动变阻器来改变电流图大小.
(2)电磁铁磁性图强弱不能直接观察出来,要用转换图思路来认识.即转化为电磁铁所能吸引大头针图多少来判断;故其下一步图操作及要观察图是:闭合开关,移动滑动变阻器图滑片,使电流表图示数与上步实验相同,此时,观察该电磁铁吸引大头针图情况.
故答案为:(x)滑动变阻器;(2)闭合开关,移动滑动变阻器图滑片,使电流表图示数与上步实验相同,此时,观察该电磁铁吸引大头针图情况.

点评:
本题考点: 探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验.

考点点评: 要研究磁性与电流的关系,就要改变电流的大小,知道改变电路中电流大小的元件是滑动变阻器,是此题的切入点.

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C 一个无电阻的 用电器接在电路上 有没有U总=U1+U耗 P总=P1+P耗的这样结果
tangjianhui_19801年前5
tt叫谁呢 共回答了20个问题 | 采纳率95%
回答都不对
理想变压器是不及电阻 但是 别忘了他有感抗啊
因为它这个特殊性质 就要把它当作类电阻来看!
如图所示为理想变压器原线圈所接交流电压的波形.原、副线圈匝数比 ,串联在原线圈电路中电流表的示数为1 A,下列说法中正确
如图所示为理想变压器原线圈所接交流电压的波形.原、副线圈匝数比 ,串联在原线圈电路中电流表的示数为1 A,下列说法中正确的是
A.变压器副线圈的电流为0.1A B.变压器的输入功率为200W
C.变压器输出端的交流电的频率为100 Hz D.此变压器为降压变压器
fanjuanqin1年前1
c7f6kz 共回答了19个问题 | 采纳率94.7%
解题思路:

代入数算得副线圈的电流为10AA错;由图知原线圈的输入电压为200V,输入功率为P=UI=200×1=200wB对;周期为0.02s,频率为f=1/T=50HZC错;原、副线圈匝数比为降压变压器,D对,所以本题选择BD

BD


<>

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A.2C; 9J
B.1C;18J
C.0.2C;1.8J
D.2C;18J
薰衣草081年前1
jianfmi 共回答了21个问题 | 采纳率100%
解题思路:(1)由图象可知,斜率表示磁感应强度B的变化率,由法拉第电磁感应定律可知,即可求出感应电动势,再由欧姆定律求解线圈中的电流大小,从而求解电量;
(2)再用同样的方法求出0~0.3s时间内线圈中电流的大小,再根据焦耳定律求解即可.

(1)由图象可知,在0~0.2s时间内,△B△t=0.10.2T/s=0.5T/s由法拉第电磁感应定律得:线圈中产生的感应电动势为:E=n△B△tS=120×0.5×0.1V=6V通过该线圈的电流大小为:I=ER=61.2 A=5A,在0.2s~0.3s时间内,有:...

点评:
本题考点: 影响感应电动势大小的因素;焦耳定律.

考点点评: 本题要理解图象的斜率的意义,掌握法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律与电量的表达式的应用.

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A.若原线圈的输入电压最大值为10kV,则电压表的示数为400V
B.若由于某种原因导致输入电压降低,则为了保证用户的正常用电,应增加副线圈的匝数
C.若输入电压不变,闭合电键s,电压表和电流表示数均减小
D.若输入电压不变,闭合电键s,原线圈中的电流将变大
自催折1年前1
果冻的心 共回答了19个问题 | 采纳率94.7%
解题思路:根据变压器的特点:电压与匝数成正比,电流与匝数成反比,输入功率等于输出功率判断.

A、输入电压最大值为10kV,有效值为
10KV

2,由电压与匝数关系知电压表的示数为
400V

2,故A错误;
B、电压与匝数成正比,所以B正确;
C、闭合S,负载增多,总电阻减小,电流增大,电压不变,故C错误;
D、由C知副线圈中电流增大,电流与匝数成反比,所以原线圈中电流变大,故D正确;
故选BD

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 本题需要注意的地方是负载增多时,电流的变化,再根据变压器的特点逐项分析.

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用电高峰期,电灯往往会变暗,其原理可简化为如下物理问题.如图所示,理想变压器的副线圈上,通过输电线连接两只相同的灯泡L 1 和L 2 ,输电线的等效电阻为R,原线圈输入有效值恒定的交流电压,当开关S闭合时,以下说法中正确的是()
A.原线圈中电流减小 B.副线圈输出电压减小
C.R两端的电压增大 D.原线圈输入功率减小
非天该隐1年前1
yuanyiying1980 共回答了13个问题 | 采纳率92.3%
解题思路:

闭合S后,负载的总电阻减小,由于原线圈电压恒定不变,根据线圈匝数比等于电压之比,副线圈电压也不变,副线圈的电流强度增加,流过电阻R的电流增加,R两端的电压升高,同时副线圈输出功率增加,由于变压器是理想变压器,原线圈输入功率也增加,因此导致原线圈电流强度增加。因此只有C正确,A. B. D均错误。

C

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(2014•宿迁二模)低频电涡流传感器可用来测量自动化生产线上金属板的厚度.如图,在线圈L1中通以低频交流电,它周围会产生交变磁场,其正下方有一个与电表连接的线圈L2,金属板置于L1、L2之间.当线圈L1产生的变化磁场透过金属板,L2中会产生感应电流.由于金属板厚度不同,吸收电磁能量强弱不同,导致L2中感应电流的强弱不同,则(  )
A.金属板吸收电磁能量,是由于穿过金属板的磁场发生变化,板中产生涡流
B.金属板越厚,涡流越弱
C.L2中产生的是直流电
D.L2中产生的是与L1中同频率的交流电
完美结局20021年前1
47322 共回答了8个问题 | 采纳率62.5%
解题思路:根据变化的电流产生变化磁场,导致金属板有变化的电场,从而出现涡流,使电磁能量转化内能,板越厚,产生内能越多,由电磁感应可知,L2中产生是同频率的交流电,从而即可求解.

A、当L1中通过有交流电时,根据右手螺旋定则可知,穿过金属板的磁场发生变化,从而出现变化的电场,导致金属板产生涡流,进而吸收电磁能量,转化成板的内能,故A正确;
B、当金属板越厚,在变化的电场作用下,产生涡流越强,故B错误;
C、根据电磁感应原理,L2中产生的是与L1中同频率的交流电,故C错误,D正确;
故选:AD.

点评:
本题考点: * 涡流现象及其应用.

考点点评: 考查电磁感应现象的原理,掌握产生涡流的原理,注意板的厚度与涡流的大小关系,结合变压器与电磁炉,更能便于解题.

变压器是由于原线圈中通交流电,激发感应磁场,然后激发的磁场在副线圈中激发感应电流
变压器是由于原线圈中通交流电,激发感应磁场,然后激发的磁场在副线圈中激发感应电流
根据I2/I1=n1/n2,原线圈中的电流和匝数成反比,电流小了不是应该激发的磁场也小了吗,那为什么原线圈中匝数多,而副线圈中的感应电流就大了.
tl1112221年前2
qizhaoyang007 共回答了19个问题 | 采纳率100%
这和杠杆原理差不多,力臂越长,作用力越小.动力臂和阻力臂之比越大,阻力和动力之比也就越大.变压器也如此,原线圈和副线圈匝数比悬殊越大,原线圈和副线圈的电流之比也就越大.
另类解题法,换个角度看物理!
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wab2011年前1
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1min通过线圈的电流产生的热量:
Q=I 2 Rt=(5A) 2 ×2Ω×60s=3000J.
故选B.
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初级电压决定次级电压,这个很好理解,因为匝数比等于电压比;次级I2和P2决定初级的电流和功率,指的是次级负载功率和电流,决定变压器负载率以及初级电流的大小.
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2gh1=v0^2,(式中h1=80 cm=0.8 m)解得v0=4 m/s
线圈:由刚好全部进入磁场到下边刚好出磁场过程,同理
2gh2=v0^2-v1^2,式中h2=50 cm-10 cm=40 cm=0.4 m,v1为线框刚好全部进入时的速度,
解得v1=2√2 m/s
线圈:进入磁场过程中,由能量守恒知,全程生热为
Q=0.5mv0^2-0.5mv1^2+mgL (式中L为线框边长),(m按0.01 kg计算的)
解得Q=0.21 J(感觉太小了,应该m=0.1 kg,此时Q=2.1 J(感觉这个得数合理))
(2)由(1)问可知,线框下边缘穿越磁场过程中,最小速度为线框上边缘刚好进入磁场时的速度v1,
故v=v1=2√2 m/s
(3)由于线圈进入磁场后做加速逐渐减小的变减速运动,故线圈的最小加速度为线圈上边刚好进入磁场时,由牛顿第二定律知
BIL-mg=ma
I=BLv1/R
联立解得,a=100√2 -10 m/s^2,(若m=0.1 kg,则a=10(√2 -1) m/s^2(感觉这个得数合理))
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这是一道填空题,但是电压220V,电阻2Ω,电流为什么只有10A?是因为非纯电阻的原因吗?
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磁通量=磁势/磁阻
其中:磁势=导线中的电流×线圈匝数
   磁阻=磁导率×磁路平均长度/铁心截面积
   磁导率由铁心性质确定(可查表)
供参考.
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(同一线圈)
期待大师们完美的解答O(∩_∩)O~
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把它放在磁场中旋转产生的热量多
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(1)图像; W1=2(EE/R)△t
(2)图像: W2= {(E+e)*(E+e)/R +(E-e)(E-e)/R}△t
解得: W2-W1=2(e*e/R*R)△t >0 一个周期内其他对应时间类似。 所以: 把它放在磁场中旋转产生的热量多
一根铜丝长12.56米,正好在一个圆形线圈上绕满10圈.这个线圈的半径是多少米?
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周长:12.56÷10=1.256米
半径:1.256÷3.14÷2=0.2米
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A.闭合开关的瞬间,通过a灯和b灯的电流相等
B.闭合开关后,a灯先亮,b灯后亮
C.闭合开关,待稳定后断开开关,a、b灯过一会同时熄灭
D.闭合开关,待稳定后断开开关,b灯先熄灭,a灯后熄灭
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解题思路:当开关接通和断开的瞬间,流过线圈的电流发生变化,产生自感电动势,阻碍原来电流的变化,根据自感现象的规律来分析.

AB、闭合开关的瞬间,由于线圈中自感电动势的阻碍,b灯先亮,a灯后亮,闭合开关稳定后,自感作用消失,通过a灯和 b灯的电流相等,两灯亮度相同.故A错误,B正确.
CD、闭合开关,待电路稳定后断开开关,线圈L产生自感电动势,ab串联,a、b两灯同时逐渐熄灭,C正确,D错误;
故选:BC.

点评:
本题考点: 自感现象和自感系数.

考点点评: 对于线圈要抓住双重特性:当电流不变时,它是电阻不计的导线;当电流变化时,产生自感电动势,相当于电源.

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其中转化为内能的功率为:P=I^2R=0.5*0.5*20 = 5(W);
所以机械能功率为:110-5=105(W)
当用电器将电能转化为机械能时,欧姆定律无效.即:Q与W不相等.
英语翻译逆变焊机高频变压器、驱动变压器、逆变焊机电抗器、开关电源变压器、立式电感、逆变焊机引弧线圈、触发线圈、环形线圈以
英语翻译
逆变焊机高频变压器、驱动变压器、逆变焊机电抗器、开关电源变压器、立式电感、逆变焊机引弧线圈、触发线圈、环形线圈以及空芯线圈等.
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是英语吧
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交流接触器怎么会并联二极管,一般是直流才会并,目的是为了抑制瞬态尖峰电压的.交流的并联上二极管,会削掉半个波的,那样交流接触器,还够电压动作吗.是不是弄错了
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解题思路:电灯恰能正常发光,故回路中电流等于电灯的额定电流,电动机输出的机械功率等于电源总功率减去回路中的热功率.

电灯恰好正常发光 I=
PL
UL=
12
6A=2A
设电动机两端电压为UM,则有:E=U+UM+Ir
电动机输出功率:PM出=UMI-I2R
代入数据联立解得,PM出=36W
答:电动机输出的机械功率为36W.

点评:
本题考点: 电功、电功率;闭合电路的欧姆定律.

考点点评: 本题是电机电路问题,关键明确电动机不是纯电阻,其输出的机械功率等于输入功率与热功率之差.

闭合线圈在磁场中运动能自我阻碍运动吗?
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能,切割磁场产生电流,电流在磁场中的受力方向刚好沿相反方向,产生阻力.
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如图


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你好,请你看看自感电动势的公式:E=L△I/△t.由电磁感应定律,可知自感电动势的大小与线圈中电流的变化率成正比,即与流过线圈的电流变化量成正比,与发生这个变化所用的时间成反比,自感系数L是常数.如果线圈的自感系数就是1 H,当线圈中的电流在1 s内变化1 A时,引起的自感电动势是1 V.你想想,开关S接通小灯泡正常点亮后,开关S的切断时间越短自感电动势就越高,加在灯泡两端的电压就越高,灯泡就越亮.当电流变化到零后就不再变化,也就是电流变化率为零,E也就变成了零,小灯泡就会熄灭.因此在开关S断开的瞬间小灯泡就会较亮地一闪.不知能不能帮上你.
在某建筑工地上,用电动吊车将水泥板吊上房顶.电动机铭牌上标有“220V,2KW”字样,电动机线圈的电阻为4.84Ω.电动
在某建筑工地上,用电动吊车将水泥板吊上房顶.电动机铭牌上标有“220V,2KW”字样,电动机线圈的电阻为4.84Ω.电动机正常工作25s将质量为240kg的水泥板匀速提升10m高(取g=10N/kg).
①这段时间内,拉力对水泥板做多少功?
②这段时间内,电动机消耗多少电能?电流通过电动机线圈产生的热量为多少?
③求整个电动吊车的机械效率.
无赖猫1年前2
logincfg 共回答了21个问题 | 采纳率90.5%
解题思路:①知道水泥板的质量,利用重力公式求水泥板重,再利用W=Gh求拉力对水泥板做功;
②由电动机铭牌可知电动机的额定功率和额定电压,因为电动机正常工作,所以其实际功率等于额定功率,再利用W=Pt求消耗的电能;
利用P=UI求出通过电动机的电流,利用焦耳定律求电流通过电动机线圈产生的热量;
③吊车对水泥板做的功为有用功,电动机在25s内消耗的电能为总功,机械效率等于有用功与总功的比值.

①拉力对水泥板做功:
W=Gh=mgh=240kg×10N/kg×10m=24000J;
②∵电动机正常工作,
∴P=P=2000W,
25s消耗的电能:
W=Pt=2000W×25s=50000J.
此时通过电动机的电流:
I=
P额
U额=[2000W/220V]=[100/11]A,
电流产生的热量:
Q=I2Rt=([100/11]A)2×4.84Ω×25s=10000J;
③整个电动吊车的机械效率:
η=[W/Q]=[24000J/50000J]=48%.
答:①这段时间内,拉力对水泥板做24000J的功;
②这段时间内,电动机消耗50000J的电能,电流通过电动机线圈产生的热量为10000J;
③整个电动吊车的机械效率为48%.

点评:
本题考点: 功的计算;能量利用效率;机械效率的计算;电功的计算;焦耳定律的计算公式及其应用.

考点点评: 本题考查了物体升高高度做功、消耗电能、热量、机械效率的计算,难点是计算机械效率的计算,明确吊车对水泥板做功是有用功、电动机在25s消耗的电能为总功.注意电动机工作时消耗的电能以及线圈电阻产生热量的计算(电动机所在电路不是纯电阻电路).

这段话出自哪一本书哪一页在电力领域,利用超导线圈磁体可以将发电机的磁场强度提高到5 6 万高斯,并且几乎没有能量损失,这
这段话出自哪一本书哪一页
在电力领域,利用超导线圈磁体可以将发电机的磁场强度提高到5 6 万高斯,并且几乎没有能量损失,这种发电机便是交流超导发电机.超导发电机的单机发电容量比常规发电机提高5 10倍,达1 万兆瓦,而体积却减少1/2 ,整机重量减轻1/3 ,发电效率提高50%.
lengbingecust1年前3
我一直不在你身边 共回答了22个问题 | 采纳率100%
听起来倒是不错,什么体积减小 1/2,重量减小1/3,发电效率提高50%.说得倒是那么回事.不过这个作者似乎没有考虑交流损耗的问题,超导体用于交流场合,尤其是强磁场下的交流场合,其电阻实在是不小.
电动机:为什么通电线圈在磁场中会扭转,且不能持续,所受的力是吸引力还是排斥力,又怎么知道才能知道通
电动机:为什么通电线圈在磁场中会扭转,且不能持续,所受的力是吸引力还是排斥力,又怎么知道才能知道通
电线圈的电流方向(像电流方向向里是什么意思,还有向外呢?)和受力方向与NS极,又换向器又如何使其持续转动(包括原理).
TOMTROY1年前1
49389060 共回答了18个问题 | 采纳率88.9%
1.在图1中,线圈abcd在磁场中,上面是N极,下面是S极,电刷H、K是固定的,分别接电源的负极和正极,换向器A与导体ab连着在一起,可以转动,换向器B与导体dc连着在一起,也可以转动,此时导体dc的电流方向是从d到c,导体ab的电流方向是从b到a,磁场方向是竖直向下的,因此导体ab、导体dc会受到安培力.
2.图1是一个立体图,为了画图方便,可以转换成平面图,即画出它的的正视图,从a向b看进去,此时a点会挡住b点,即a、b两点重合,如图2所示,因为电流是从b到a,即是出来的,用圆点表示.同理,导体dc从d向c看进去,此时d点会挡住c点,即d、c两点重合,如图2所示,因为电流是从d到c,即是进去的,用x表示.根据左手定则,可知导体ab受到向右的安培力F1,导体dc受到向左的安培力F2,即线圈abcd受到顺时针方向的力矩,这样导体ab向下转动,与之连着的换向器H向下转动,导体dc向上转动,与之连着的换向器K向上转动.导体ab转到下面时,换向器H与电刷B接触,此时电流方向是从a到b,受到向左的安培力F2.导体dc转到上面时,换向器k与电刷A接触,此时电流方向是从C到d,受到向右的安培力F1.即此时线圈仍然受到顺时针方向的力矩,所以线圈继续转动,以后就是重复了.
图中的两个线圈,套在一根光滑的玻璃管上.导线柔软,可自由滑动.开关S闭合后,则(  )
图中的两个线圈,套在一根光滑的玻璃管上.导线柔软,可自由滑动.开关S闭合后,则(  )

A. 两线圈左右分开
B. 两线圈向中间靠拢
C. 两线圈静止不动
D. 两线圈先左右分开,然后向中间靠拢
CONAN周1年前1
jolin230 共回答了14个问题 | 采纳率92.9%
解题思路:根据安培定则(右手螺旋定则)分别判断出两个线圈的磁极,再根据磁极间的相互作用就可以判断出线圈的运动情况.

根据安培定则判断,L线圈的左端为S极,右端为N极,P线圈的左端也是N极,右端也是S极,也就是说,中间靠近的位置,两线圈的极性相同,因为同名磁极互相排斥,则这两个线圈相互排斥而左右分开.
故选:A.

点评:
本题考点: 安培定则;磁极间的相互作用.

考点点评: 该题考查了利用安培定则判断螺线图磁极的方向,以及磁极间的相互作用.

大学物理互感一个长为L,截面半径为R的圆柱形纸筒上均匀饶有两组线圈,一组的匝数为N1,另一组为N2,求圆筒内两组线圈的自
大学物理互感
一个长为L,截面半径为R的圆柱形纸筒上均匀饶有两组线圈,一组的匝数为N1,另一组为N2,求圆筒内两组线圈的自感系数.
书上说的是M12=M21,就是说以任何一个为产生磁场的算出的结果都一样,但是如果以线圈匝数为N1的为产生磁场的话,M21=u0 N1 * π R^2,
如果用N2来算的话,M12=u0 N2* π R^2,这两个并不相等阿,
而且这题的答案里有 L,但是我不清楚L跟互感有什么关系= =
隆哼哼1年前1
床前没月光 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
题目让求的是自感还是互感呢?就互感而言,M12-M21没错.当线圈1通过电流I1时,其产生的磁感应强度:B1=uN1*I1/L截面积S1=π*R^2ψ21=N2*B1*S1=uN1*N2*I1*π*R^2/LM21=ψ21/I1=uN1*N2*π*R^2/L同理,有:M12=uN1*N2*π*R^...
一个电阻为600Ω,电感为2.55H的线圈接在工频电压为380V的交流电源上,1)及各元件电压的有效值; 2)计
一个电阻为600Ω,电感为2.55H的线圈接在工频电压为380V的交流电源上,1)及各元件电压的有效值; 2)计
一个电阻为600Ω,电感为2.55H的线圈接在工频电压为380V的交流电源上,
1)及各元件电压的有效值;
2)计算有功功率P、无功功率Q、视在功率S及功率因数.
2、某三相异步电动机,铭牌上接法为:Y / △ ;电压 1140 / 660V;功率因数 0.9;
额定功率 200KW.问分别接在1140V及660V的电源时,电源的额定线电流为多少?
重建烽火台1年前1
air_fish 共回答了18个问题 | 采纳率88.9%
欠具体.若为串联负载时,感抗:
XL=2πfL=2×3.14×50×2.55=800.7(Ω)
总阻抗:
Z=根号(R平方+XL平方)
=根号(600×600+800.7×800.7)≈1000.56(Ω)
负载电流:
I=U/Z=380/1000.56≈0.38(A)
1》电阻两端电压:
Ur=RI=600×0.38=228(V)
电感线圈两端电压:
UL=XL×I=800.7×0.38≈304(V)
2》若电机效率为0.91时,Y接法的额定电流:
I=P/1.732/U/cosφ/η=200/1.732/1.14/0.9/0.91≈123.7(A)
△接法的额定电流:
I=200/1.732/0.66/0.9/0.91≈213.6(A)
三大难题!平民都来看看1.一根铁丝正好在一个圆形线圈上绕满20圈,每圈的直径是6cm.这根铁丝长多少米?2.一辆自行车轮
三大难题!平民都来看看
1.一根铁丝正好在一个圆形线圈上绕满20圈,每圈的直径是6cm.这根铁丝长多少米?
2.一辆自行车轮胎的外直径是60dm,如果每分钟转100周,现在要通过一段长3000m的大桥,需要多少分钟?(保留整数)
3.有一个周长62.8的圆形草坪,准备为它安装自动旋转喷灌装置进行喷灌,现有射程为20m.15m.10m的三种装置,你认为应选那种比较合适?安在什么地方?
xuxu41901年前2
今宵梦醒无梦 共回答了26个问题 | 采纳率88.5%
1、6厘米=0.06米
0.06×3.14×20=3.768(米)
2、60分米=6米 (哪有这么大的自行车啊)
3000÷(6×3.14×100)≈2(分钟)
3、62.8÷3.14=20(米) 直径
20÷2=10(米) 半径
应该选射程为10米的装置,安装在圆心处.
将一个电感线圈接在10V直流电路上,通过的电流为2.5A,改接在50Hz,220V的电流上,通过的电流为10A,求此线圈
将一个电感线圈接在10V直流电路上,通过的电流为2.5A,改接在50Hz,220V的电流上,通过的电流为10A,求此线圈的电阻和电感.
稻草茂1年前0
共回答了个问题 | 采纳率
影响线圈电感值的因素都有哪些?我知道的有线圈的匝数、绕制方式、有无磁芯、磁芯的导磁率,还有其他的吗?比如漆包线的电阻值
xideer1年前1
bessice 共回答了16个问题 | 采纳率93.8%
加载其电感量按下式计算:线圈公式
阻抗(ohm) = 2 * 3.14159 * F(工作频率) * 电感量(mH),设定需用 360ohm 阻抗,因此:
电感量(mH) = 阻抗 (ohm) (2*3.14159) F (工作频率) = 360 (2*3.14159) 7.06 = 8.116mH
据此可以算出绕线圈数:
圈数 = [电感量* { ( 18*圈直径(吋)) + ( 40 * 圈长(吋))}] 圈直径 (吋)
圈数 = [8.116 * {(18*2.047) + (40*3.74)}] 2.047 = 19 圈
空心电感计算公式:L(mH)=(0.08D.D.N.N)/(3D+9W+10H)
D------线圈直径
N------线圈匝数
d-----线径
H----线圈高度
W----线圈宽度
单位分别为毫米和mH.
一线圈abcd,在一个足够大的磁场中运动,速度方向为a至b,磁感应强度不变.
一线圈abcd,在一个足够大的磁场中运动,速度方向为a至b,磁感应强度不变.
因为磁通量不变,所以不产生感应电动势和感应电流,但为什么与运动方向垂直的ad或bc边会有电势差?不是只有导体切割磁感线会产生电势差吗?而且要有电势差,线圈是闭合的,应该会产生电流呀?
未激活941年前2
ssaufei 共回答了19个问题 | 采纳率84.2%
本问题中,有两条边是切割磁感线产生了电动势,它们的电动势相等的,即这两条边的两端是有电势差的,而对于整个回路而言,总的电动势为0的,所以回路中没有电流.(如:用两节干电池的手电筒,当两节电池接反时,每节电池两端是有电势差的,但回路中没有电流,灯泡不会亮的)
把一个放在磁感应强度均匀变化的磁场中的圆形线圈改装后,
晨树-南生1年前1
hza7603 共回答了22个问题 | 采纳率100%
根据法拉第电磁感应定律,电压=磁通变化率.以及R=pl/s.其中p是电导率,l为导线长度,s为导线横截面积.(1)电压变为原来的两倍,电阻变为原来的(跟2)倍.(2)电压变为4倍,电阻变为原来的2倍.(3)电压电阻都变为原来的两倍.
有一个1000匝线劝,在0.4S内穿过他的磁通量从0.02WB均匀增加到0.09WB,求线圈的感应电动势.
有一个1000匝线劝,在0.4S内穿过他的磁通量从0.02WB均匀增加到0.09WB,求线圈的感应电动势.
如果线圈的电阻是10欧,把它和一个电阻为990欧的电势串联组成闭合电路时,通过电势器的电流是多大?
浪漫岁月1年前2
undertager 共回答了23个问题 | 采纳率82.6%
E=NΔΒS/Δt用这个公式做,你缺少条件没有面积S
第二问,I=E/(R+r)就行,R+r=1000Ω
在变压器中,如果原线圈中的电压不变,那么副线圈的电压也一定不变吗?(在匝数不变的情况下)
在变压器中,如果原线圈中的电压不变,那么副线圈的电压也一定不变吗?(在匝数不变的情况下)
如果是这样,那么对于一个已存在的变压器中,如果在副线圈中串连一个电阻和不串联电阻(其他条件不边),那么什么变了,什么不变呢?
我是这样认为的:电压一定不变的,而且功率之间也成比例,应该也不变的,那么电流也应该不变吧,所以就是想不通,
卓卓飞扬1年前4
linlinrubygg 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
你的结论对于“理想变压器”是对的.
1.对副线圈,电压不变,串上电阻后,电流增大(设原来无电阻,无功率),功率也增大.
2.能量守恒,原线圈的功率也变大,所以原线圈的电流也是变大的.
我想做一个盘式无铁心发电机,用30-20-5mm磁钢,转子盘直径16cm,线圈9个用1mm漆包线绕1cm厚,大概100圈
我想做一个盘式无铁心发电机,用30-20-5mm磁钢,转子盘直径16cm,线圈9个用1mm漆包线绕1cm厚,大概100圈能有多大功率?预计话费300元左右,如果功率只有100瓦,就不做了做了也没多大意思,
初韵雪1年前1
月晚 共回答了16个问题 | 采纳率93.8%
这要看你用多大的线.绕100
如图所示,在副线圈两端连接了定值电阻R0和滑动变阻器R,在原线圈上加一电压恒为U的交变电流,则
如图所示,在副线圈两端连接了定值电阻R0和滑动变阻器R,在原线圈上加一电压恒为U的交变电流,则
A.保持Q位置不变,将P向上滑动,变压器的输出电压变小
B.保持Q位置不变,将P向上滑动,电流表的读数变小
C.保持P位置不变,将Q向上滑动,电流表的读数变小
D.保持P位置不变,将Q向上滑动,变压器输出功率变小
ii船长1年前2
一条肋骨 共回答了19个问题 | 采纳率89.5%
选B.
只需明白正副线圈的功率都相同,套用正(P=IU)副(P=U^2/R总)即可.
Q 不移动那副线圈的输出电压不变,P的移动只会导致副线圈的功率变化(向上(下)则变小(大)).
Q向上移动,副线圈匝数增加,所以输出电压变大,功率变大.
物理--电能的输送从A往B输电,两地分别设置生压 降压变压器,降压变压器原副线圈匝数比为10:1,副线圈输出功率为12k
物理--电能的输送
从A往B输电,两地分别设置生压 降压变压器,降压变压器原副线圈匝数比为10:1,副线圈输出功率为12kw 电流为100A,连接两地输电线阻5欧姆,求升压变压器输出电压多大?
过去和明天1年前2
johnson_dzh 共回答了17个问题 | 采纳率100%
降压变压器原副线圈匝数比为10:1,所以输送的电流为100/10=10A,所以输电损耗为I^2R=10^2*5=500W,所以升压变的输出功率为12KW+0.5KW=12.5KW,电压U=P/I=12.5/10=1.25kv=1250V
电感器:电感量的大小与线圈的圈数成正比,与通间距离成反比,
四眼棒棒1年前0
共回答了个问题 | 采纳率
有两个线圈匝数相同,一个绕在闭合铁芯上,另一个绕在木材上,两个线圈通入相同频率的交变电流.
有两个线圈匝数相同,一个绕在闭合铁芯上,另一个绕在木材上,两个线圈通入相同频率的交变电流.
如果它们的自感电动势相同,试问哪个线圈的电流大?为什么?
千叶隐1年前1
8888gozong 共回答了10个问题 | 采纳率100%
肯定是绕在木材上的线圈电流大.因为;
E1=4.44 * f * Φ * n1 =4.44 * f * L * I
由于闭合铁芯的磁导率比木材大得多, 所以有闭合铁芯的线圈的电感L要比绕在木材上的线圈大得多,那么在自感电动势相同地情况下,绕在木材上的线圈的电流就要大得多.
矩形导体切割磁感线为什么闭合矩形线圈完全在磁场中切割磁感线时有二个边处于切割状态,二个边不切割,我觉得四个边都在切割
hanhui6251年前2
油碟儿 共回答了17个问题 | 采纳率88.2%
如果矩形线圈的两条对边和切割方向还有磁场方向这三者两两垂直,那么矩形线圈的另外两边没有切割磁感应线,就象在切菜板上放一把很直的粉丝,可以用刀垂直切这把粉丝,当刀再转过90度后再切粉丝时不能把粉丝切断,而只能...
磁铁穿过线圈的过程中线圈电感怎么变化
DTzhangqi1年前1
风与火的缠绵 共回答了20个问题 | 采纳率70%
穿入线圈越深线圈的电感量越大,穿入越浅电感量越小 .当你把磁鉄拔出时得到反向的电感量
现将电池组、滑线变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及开关如图连接,在开关闭合、线圈A放在线圈B中的情况下,某同学发现
现将电池组、滑线变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及开关如图连接,在开关闭合、线圈A放在线圈B中的情况下,某同学发现当他将滑线变阻器的滑动端P向左加速滑动时,电流计指针向右偏转.由此可以判断(  )
A. 线圈A向上移动或滑动变阻器滑动端P向右加速滑动,都能引起电流计指针向左偏转
B. 线圈A中铁芯向上拔出或断开开关,都能引起电流计指针向右偏转
C. 滑动变阻器的滑动端P匀速向左或匀速向右滑动,都能使电流计指针静止在中央
D. 因为线圈A、线圈B的绕线方向未知,故无法判断电流计指针偏转的方向
keke7505061年前1
lileegrace 共回答了16个问题 | 采纳率81.3%
解题思路:由题意可知线圈B中产生使电流表指针向右偏转的条件,则分析各选项可得出正确答案.

由题意可知当P向左加速滑动时,线圈A中的电流应越来越小,则其磁场减小,此时线圈B中产生了电流使指针向右偏转;故可知当B中的磁通量减小时,电流表指向右偏;
A、A向上移动时B中磁通量减小,指针向右偏转,而滑动变阻器滑动端P向右加速滑动时,B中磁通量增大,故指针应向左偏转,故A错误;
B、当铁芯拔出或断开开关时,A中磁场减小,故B中磁通量减小,指针向右偏转,故B正确;
C、滑片匀速运动时,A中也会产生变化的磁场,故B中同样会产生感应电流,故指针不会静止,故C错误;
D、由以上分析可知,D错误;
故选B.

点评:
本题考点: 楞次定律.

考点点评: 本题无法直接利用楞次定律进行判断,但是可以根据题意得出产生使电流表指针右偏的条件,即可不根据绕向判出各项中应该出现的现象.

一个关于电磁铁的问题有一个蓄电池,它上面的正负极标记模糊不清了,需要重新识别标注.如果你手头有线圈和小磁针,能否完成这项
一个关于电磁铁的问题
有一个蓄电池,它上面的正负极标记模糊不清了,需要重新识别标注.如果你手头有线圈和小磁针,能否完成这项工作?
3Q
starryski1年前4
8monkey23 共回答了22个问题 | 采纳率86.4%
能,用线圈两端与蓄电池相连组成电路,将小磁针放在线圈一侧并观察小磁针的移动方向即可判断线圈的N,S极.再通过你所设线圈与蓄电池接法运用安培定就可判断蓄电池的正负极了.
12.若地磁场在某区域的磁场强弱和方向处处相同,小明在该区域某处竖直拿着闭合的矩形导电线圈面向南方,则能使线圈中产生感应
12.若地磁场在某区域的磁场强弱和方向处处相同,小明在该区域某处竖直拿着闭合的矩形导电线圈面向南方,则能使线圈中产生感应电流的操作是
A.南北移动线圈 B.将线圈转至水平
C.东西移动线圈 D.上下移动线圈
寄主植物1年前2
toper1201 共回答了20个问题 | 采纳率90%
选 B答案.要产生感应电流必须要是通过矩形框内的磁通量发生变化