交变电流的有效值书上说有效值等于 峰值/根号2 只适用与正弦交变电流,但是为什么从有的交流图像上是余弦交变电流也适用这个

（1）根据交变电动势表达式为e=311sin314t（V），可知：
最大值E_m=311V
有效值：E=
Em

2V=220V
频率：f=[ω/2π]Hz=50Hz
（2）由E_m=NBSω得
B=
Em
NSωT=0.5T
（3）线圈从中性面转过[3π/4]，即ωt=[3π/4]
e=311sin[3π/4]V=311×0.707V=220V
答：（1）电动势的最大值为311V、有效值为220V，频率为50Hz；
（2）若矩形线圈是100匝，线圈平面面积为0.02m²，匀强磁场的磁感应强度B是0.5T；
（3）当线圈平面从中性面开始转过[3π/4]时，电动势的瞬时值是220V．

点评：
本题考点： 正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

考点点评： 本题考查学生对瞬时值表达式的理解，根据瞬时值表达式可以计算在不同时刻的电动势的大小，同时要掌握住交变电流的产生的过程．

A、同一只电感线圈，对频率低的交变电流的阻碍较小，故A正确；
B、高频扼流圈的自感系数较小，只对高频交变电流有较大的阻碍作用，对低频交变电流的阻碍作用较小．
低频扼流圈的自感系数大，即使交流的频率较低，线圈产生的感抗也很大，故B错误；
C、自由电荷不能通过电容器，只会充放电，故C错误；
D、理想变压器，原线圈的输入功率随副线圈的输出功率增大而增大，故D正确；
故选：AD．

点评：
本题考点： 电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．

考点点评： 考查线圈对交流电的阻碍与频率的高低有关，掌握高频扼流圈与低频扼流圈对交流的阻碍区别．

A、由图象可知，输入的电压为220V，变压器的电压与匝数成正比，由此可得副线圈的电压为11V，电压表测的是半导体热敏材料的电压，R₁，R₂的总电压为11V，所以电压表的示数小于11V，所以A正确；
B、由图象知交流电的周期为0.02s，所以频率为50Hz，所以B错误；
C、当出现火警时，温度升高，电阻R₂减小，副线圈的电流变大，所以R₁的电压要增大，由于副线圈的总电压不变，所以R₂的电压就要减小，所以C正确；
D、由C的分析可知，副线圈的电阻减小，副线圈的电流变大，所以原线圈的电流也就要增大，所以D错误．
故选AC．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解．

在S与a接通的瞬间，由于电流由零突然变大，所以线圈中的磁通量会发生变化，副线圈中的R会有感应电流，所以A错误。在S与a接通稳定后，电路中的电流稳定，磁通量不会发生变化，所以副线圈中不会有感应电流产生，电阻R两端的电压为0，所以B正确。在S与b接通稳定后，由于b是交流电源，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压为3V，所以C正确。变压器不会改变交流电源的频率，所以原、副线圈中电流的频率是相同的，所以D错误。

故选BC.

BC

在磁场中洛伦兹力不做功，所以粒子在电场中获得能量，A错；B对；只有当粒子偏转的半径增大到D型盒半径时才能从出口飞出，所以最大动能与电源电压无关，由D型盒的半径决定，C错；D对；

BD

(1)纸带的高度之比等于中间时刻速度之比，也就是说图中a段纸带高度代表0.05s时的瞬时速度，b纸带高度代表0.15s时的瞬时速度，c纸带高度代表0.25s时的瞬时速度，d的高度代表0.35s时的瞬时速度，e代表0.45s时的瞬时速度。所以在xoy坐标系中用最简洁的方法作出能表示v−t关系的图线，如图所示

(2)b纸带高度代表0.15s时的瞬时速度，所以为求出0.15s时刻的瞬时速度，需要测出b段纸带的长度。

(3)若测得a段纸带的长度为2.0cm，时间时0.1s，所以平均速度也就是0.05s时的瞬时速度为；e段纸带的长度为10.0cm，所以平均速度也就是0.45s时的瞬时速度为；由由以上可知；所以加速度

（1）（3分）如图

（2）（3分）b (3)（4分）2.0


<>

A、根据图象知周期0.04s，频率为25Hz，故A错误；
B、一个周期内电流方向改变两次，故在1s时间内副线圈中电流方向改变50次，故B错误；
C、由图象可知，原线圈中电压的最大值为100V，所以电压的有效值为50
2V，因原、副线圈匝数比n₁：n₂=10：1，根据电压与匝数成正比可知，则副线圈的电压有效值为5
2V，所以流过电阻的电流I=
5
2
10=

2
2A，所以C错误；
D、副线圈的电阻为10Ω，所以输出功率P=
(5
2)2
10=5W，因输入功率等于输出功率，所以D正确．
故选：D．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题，注意电表读数是交流电的有效值．

（1）游标卡尺，主尺读数为50mm，游标读数为0.05×3mm=0.15mm，所以最终读数为50.15mm．（2）每五个打印点取一个点作为计数点，则计数点之间的时间间隔为0.1s；小车在0与1两计数点间的平均速度v=x01t01=0.3m/s（3）...

点评：
本题考点： 伏安法测电阻；探究小车速度随时间变化的规律．

考点点评： 1、解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．
2、借助实验考查了匀变速直线的规律以及推论的应用，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．
3、电学实验变化多端，正确解答的关键是明确其实验原理，然后依据串并联的知识求解．

从u−t图象看出，每个周期的前半周期是正弦图形，其有效值为220V；后半周期电压为零。根据有效值的定义，，得U=156V，选B

B


<>

原线圈中的电压有效值为，根据公式可得副线圈两端的电压为11V，由于电压表不是测量的副线圈两端电压，所以示数小于11V，A正确；该交流电的频率为

，B正确；当出现火警时，温度升高，电阻减小，副线圈的电流变大，所以的电压要增大，由于副线圈的总电压不变，所以的电压就要减小，所以C正确；由B的分析可知，副线圈的电阻减小，副线圈的电流变大，所以原线圈的电流也就要增大，所以D错误；

故选ABC

ABC


<>

A：根据E=S•
△B
△t可知，E=S
B 0ωcosωt，所以线框中会产生方向不断变化的交变电流，所以A错误；
B：由i=[E/R]=

sB 0w
Rcosωt可知，在t=[2π/w]时，I=

sB 0w
R是最大值，所以B正确；
C：当B=0时，t=0，所以此时I=

sB 0w
R为最大值，所以C错误；
D：由w=2πf可得，i=
2π
fB 0s．cos2πft
R，所以感应电流的频率将随磁场频率的增大而增大，又有效值为I=

I m

2=
2πf
sB 0

2R，所以有效值也将增加一倍，故D错误．
故选：B．

点评：
本题考点： 法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 明确“感生”电动势的求解方法，理解“变化率”即“导数”的含义．

A、高频扼流圈的自感系数较小，只对高频交变电流有较大的阻碍作用，对高低交变电流的阻碍作用较小．故A错误．
B、低频扼流圈的自感系数大，即使交流的频率较低，线圈产生的感抗也很大．故B正确．
C、由上可知，二者的自感系数不一样大．故C错误．
D、高频扼流圈作用是通低频阻高频，低频扼流圈的作用是通直流阻交流．故D错误
本题选错误的，故选ACD

点评：
本题考点： 自感现象和自感系数．

考点点评： 本题考查自感线圈特性的掌握程度，可根据法拉第电磁感应定律理解理解并识记．

（1）由根据E_m=NBSω得：B=
Em
NSω=[311/100×314×0.02T＝0.5T
（2）线圈从中性面转过
5π
4]，即ωt＝
5π
4，e=311sin[5π/4]V=-311×0.707V=-220V，故电动势大小为220V
答：（1）匀强磁场的磁感应强度B是0.5T
（2）当线圈平面从中性面开始转过1.25π时，电动势的瞬时值是20V

点评：
本题考点： 正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

考点点评： 本题考查学生对瞬时值表达式的理解，根据瞬时值表达式可以计算在不同时刻的电动势的大小，同时要掌握住交变电流的产生的过程．

A、将介质板插入电容器中，电容增大，容抗减小，灯泡将变亮．故A错误．
B、增大交变电流的频率，容抗减小，灯泡将变亮．故B错误．
C、把电容器极板间距拉开一些，电容减小，容抗增大，灯泡将变暗．故C正确．
D、把电容器两极板错开一些，电容减小，容抗增大，灯泡将变暗．故D正确．
故选CD

点评：
本题考点： 电容器的动态分析；闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 本题可运用电容的决定式C=[ɛS/4πkd]和容抗的公式XC=[1/2πfC]结合判断灯泡亮度的变化．

A、电感对交流的阻碍作用是因为电感有感抗．故A错误；
B、电容器的特性：通交流，隔直流，通调频，阻低频，电感的特性：通直流，阻交流．通低频，阻高频，故B错误；
C、由上分析可知，在交变电路中感抗和容抗可以同时存在，故C正确；
D、扼流圈是利用电感对电流的阻碍作用．故D正确．
故选：CD．

点评：
本题考点： 电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．

考点点评： 对于电容和电感的特性可以利用感抗和容抗公式记忆：XL=2πfL，XC=[1/2πfC]，L是电感，C是电容，f是频率．