交变电流会向四周辐射什么?A 电子 B电流辐射 C 恒定磁场 D交变电磁波

A、在t₁时刻感应电流最大，感应电动势最大，而磁通量为零，线圈处于与中性面垂直的位置，故A错误．
B、在t₂时刻感应电流为零，感应电动势为零，而磁通量最大．故B正确；
C、在t₃时刻感应电流最大，感应电动势最大，所以磁通量的变化率最大，故C正确；
D、在t₂时刻感应电流为零，感应电动势为零，所以磁通量的变化率为0，故D错误．
故选BC．

点评：
本题考点： 正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

考点点评： 本题考查理解正弦交变电流与磁通量关系的能力及把握电流的变化与线圈转过的角度的关系的能力．比较简单．

已知交变电流频率是50Hz，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.02×2=0.04s，
根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小．
v_B=
xAC
2T=[0.0765+0.0917/2×0.04]=2.10m/s
根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT²可以求出加速度的大小，
得：a=
xBC−xAB
T2=
0.0917−0.0765
(0.04)2=9.50m/s²，
实验测出的重力加速度值比公认值偏小，原因可能是物体下落过程中存在阻力．
故答案为：2.10，9.50，物体下落过程中存在阻力．

点评：
本题考点： 测定匀变速直线运动的加速度．

考点点评： 要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．

交变电流瞬时表达式i=311sin314t（A）
故角频率为：ω=314rad/s
故周期为：T=[2π/314]=0.02s
由于是正弦式交变电流，从线圈经过中性面开始计时的，故在[T/4]时刻第一次出现电流峰值，即：0.005s．
故选：A．

点评：
本题考点： 正弦式电流的图象和三角函数表达式

考点点评： 本题关键能够从交变电流瞬时表达式推导出周期，基础题．

（1）由于磁感应强度B随时间变化关系为B=0.1sin（4×10⁴t）（T），
所以金属环中的电动势：
e＝
△Φ
△t＝
△B
△t•S＝0.1×4×104×π×0．12cos(4×104t)V＝40πcos(4×104t)V
金属环中产生的感应电动势最大值是40πV
（2）金属环中产生的感应电动势有效值：E＝
Em

2＝20
2πV
1s时间内金属环内产生的焦耳热：Q＝
E2
R＝
(20
2π)2
10π＝80πJ
（3）在磁场变化的0时刻到四分之一周期时间内，磁通量从0增大到0.1T，
通过金属环截面的电荷量：q＝

.
e
R•△t＝
△Φ
△t•R•△t＝
△B•S
R=
0.1×π×0．12
10π＝1×10−4C
答：（1）金属环中产生的感应电动势最大值是40πV；
（2）1s时间内金属环内产生的焦耳热是80πJ；
（3）在磁场变化的0时刻到四分之一周期时间内，通过金属环截面的电荷量是1×10^-4C．

点评：
本题考点： * 涡流现象及其应用．

考点点评： 本题运用法拉第电磁感应定律、欧姆定律和焦耳定律研究高频焊接的原理，抓住B-t的变化率是B对t的导数，即求出磁通量的变化率，得到感应电动势．根据有效值的定义求解有效值．求解电量的关键是掌握法拉第电磁感应定律E＝△Φ△t＝△BSR．，

(1)①小车和轨道间存在摩擦力，为了平衡摩擦力要把长木板不带滑轮的一端垫高，让小车重力沿斜面向下的分力等于小车所受摩擦力。

②只有砂桶的质量m远远小于小车的质量M，砂桶的重力才近似的等于小车受到的拉力。

(2)打A点时小车的瞬时速度；由可得，小车加速度的大小

(3)①采用描点法作图。先根据表格中每组数据，在坐标轴上描点，再用平滑的曲线将点拟合起来，a—F的图线如下图

②有图可知图线与横轴有交点，表示只有当拉力增大到一定只是小车才有加速度，说明实验时没有平衡摩擦力或平衡摩擦力时木板倾角过小；由于a—F的图线是一条直线，所以实验中小车质量没有发生变化。

故选AB

(1) ①把长木板不带滑轮的一端垫高，形成斜面以平衡摩擦力
②让砂桶的质量m远远小于小车的质量M
(2) 0.864   0.640  
(3) ①a—F的图线如下图
 
②AB


<>

由甲图知电压峰值为220
2V，周期0.02s，所以有效值为220V，角速度ω=[2π/T]=100πrad/s．
AB、线框与磁场垂直时，位于中性面，感应电动势为零，磁通量最大，故A正确，B错误；
C、电动势的有效值为220V，但由于内阻分压，则灯泡两端的电压的有效值将小于220V，故C错误；
D、频率f=[1/T]=50Hz，故D错误；
故选：A．

点评：
本题考点： 交流发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

考点点评： 本题考查了交流电的产生原理，要学会从图象中获取有用物理信息的能力，结合峰值和有效值的关系去分析．

（1）在连续相等时间内的位移之差为0.51cm，根据△x=aT²得，加速度a=
△x
T2＝
0.51×10−2
0.01＝0.51m/s2=0.510m/s²．
P点的速度为：vP＝
(6.19+6.70)×10−2
0.2m/s＝0.6445m/s≈0.645m/s．
（2）图象不过原点，F不等于零，加速度a仍然为零，知未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．
图象上段弯曲是未满足沙桶的总质量不是远远小于小车的总质量，不能认为沙桶的重力等于绳子的拉力．
故答案为：（1）0.510，0.645．
（2）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，沙桶的总质量不是远远小于小车的总质量

点评：
本题考点： 验证牛顿第二运动定律．

考点点评： 解决本题的关键知道实验的原理，掌握处理纸带的方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度．

根据i-t图线可知，在t₂、t₄时刻电流的变化率最大，根据法拉第电磁感应定律知，产生的感应电动势最大，
在t₂时刻，根据右手螺旋定则和楞次定律知，a点电势比b点电势高，在t₄时刻，根据右手螺旋定则和楞次定律知，a点电势比b点电势低，故B正确，ACD错误．
故选：B．

点评：
本题考点： 法拉第电磁感应定律；电势．

考点点评： 本题考查了楞次定律的应用，关键是弄清楚原来磁通量的变化，在用右手螺旋定则判断感应电流的磁场方向，注意断开的线圈相当于电源，电流是从负极到正极．

A、由图象可知，交流电的周期为20×10-3s=0.02s，频率为f=1T=50Hz，故A错误；B、交流电的角频率为：ω=2πT=100πrad/s，根据图象可得，交变电流的瞬时表达式为i=Acosωt=5cos100πt（A），故B错误；C、在t=0.01s时...

点评：
本题考点： 正弦式电流的图象和三角函数表达式．

考点点评： 由交变电压的图象读出周期、电压的最大值是基本能力．知道正弦交变电流的最大值和有效值的大小关系，属于基本题．