1932年,美国科学家(  )首创了回旋加速器.

醉清风-2022-10-04 11:39:541条回答

1932年,美国科学家(  )首创了回旋加速器.
A.富兰克林
B.洛伦兹
C.劳伦斯
D.麦克斯韦

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zgxzssg 共回答了16个问题 | 采纳率93.8%
解题思路:根据物理学史和常识解答,记住著名物理学家的主要贡献即可.

1932年美国物理学家劳伦斯发明了回旋加速器,巧妙地利用带电粒子在磁场中的运动特点,解决了粒子的加速问题.
故选:C.

点评:
本题考点: 物理学史.

考点点评: 本题考查物理学史,是常识性问题,对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆,这也是考试内容之一.

1年前

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B

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解题思路:回旋加速器靠电场加速和磁场偏转来加速粒子.加速粒子时,交变电场的周期与粒子在磁场中运动的周期相等.

A、根据洛伦兹力提供向心力有:qvB=m
v2
r,r=[mv/qB],则周期T=[2πr/v]=[2πm/qB],知周期与轨道半径无关,周期是不变.故A错误,B正确;
C、回旋加速器是利用电场加速,磁场偏转粒子,对粒子不做功,故C错误,D正确.
故选:BD.

点评:
本题考点: 质谱仪和回旋加速器的工作原理.

考点点评: 解决本题的关键知道回旋加速器的工作原理,以及知道回旋加速器中交变电场的周期与粒子在磁场中运动的周期相等,注意电场对粒子做功,而磁场对粒子不做功.

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(1)求粒子第2次和第1次经过两D形盒间狭缝后轨道半径之比;
(2)求粒子从静止开始加速到出口处所需的时间t;
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解题思路:(1)狭缝中加速时根据动能定理,可求出加速后的速度,然后根据洛伦兹力提供向心力,推出半径表达式;
(2)假设粒子运动n圈后到达出口,则加速了2n次,整体运用动能定理,再与洛伦兹力提供向心力,粒子运动的固有周期公式联立求解;
(3)Bm对应粒子在磁场中运动可提供的最大频率,fm对应加速电场可提供的最大频率,选两者较小者,作为其共同频率,然后求此频率下的最大动能.

(1)设粒子第1次经过狭缝后的半径为r1,速度为v1
qU=[1/2]mv12
qv1B=m

v21
r1
解得r1=
1
B

2mU
q
同理,粒子第2次经过狭缝后的半径r2=
1
B

4mU
q
则 r2:r1=
2:1.
(2)设粒子到出口处被加速了n圈


2nqU=
1
2mv2
qvB=m
v2
R
T=
2πm
qB
t=nT
解得t=
πBR2
2U.
(3)加速电场的频率应等于粒子在磁场中做圆周运动的频率,即f=
qB
2πm
当磁场感应强度为Bm时,加速电场的频率应为fBm=
qBm
2πm
粒子的动能EK=
1
2mv2
当fBm≤fm时,粒子的最大动能由Bm决定q

点评:
本题考点: 质谱仪和回旋加速器的工作原理;动能定理.

考点点评: 此题是带电粒子在复合场中运动与动能定理的灵活应用,本题每一问都比较新颖,需要学生反复琢磨解答过程.

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(1)求质子第1次经过狭缝被加速后进人D 2 盒时的速度大小v 1
(2)求质子第1次经过狭缝被加速后进人D 2 盒后运动的轨道半径r 1
(3)求质子从静止开始加速到出口处所需的时间t。
胡冰缘_xx1年前1
ff店4 共回答了16个问题 | 采纳率93.8%
解题思路:

(1)根据动能定理可得:(2)

解得(1)

(2)运动过程中洛伦兹力充当向心力,所以(3)

解得(1)

(3)设质子从静止开始加速到出口处被加速了n圈,质子在出口处的速度为v

根据动能定理可得:(2)

又知道

解得(3)

因为(1)

得:(1)

(1) (2) (3)


<>

怎么计算年份是平年还是闰年?例如1956年,1932年 1900年 1960年 1700年 怎么计算哪?
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并不是所有为4的倍数的年份都是闰年,还要考虑年份是100的倍数但不是400的倍数的年份不是闰年
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(1)推导被打出的氢核和氮核的速度表达式;
(2)根据上述数据,推算出未知射线中粒子的质量m与质子的质量 之比(已知氮核质量为氢核质量的14倍)。
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(1)
(2)

(1)碰撞满足动量守恒和机械能守恒,与氢核碰撞时有

解之得 同理可得
(2)由上面可得 ,代入数据得
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总得给大车装个够/ 它横竖不说一句话/ 背上的压力往肉里扣/ 它把头沉重地垂下
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b.同情老马受到折磨以及被人任意***的命运。
c.显示旧***的人民在死亡线上挣扎,命运十分悲惨。
d.揭示旧***人民正以惊人的毅力忍受着深重的苦难。
gc80121年前1
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D
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1932年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器,其原理如图所示.这台加速器由两个铜质 形盒 , 构成,其间留有的窄缝处加有高频交变电压 (加速电压)

下列说法正确的是
A.回旋加速器只能用来加速正离子
B.离子从D形盒之间空隙的电场中获得能量
C.离子在磁场中做圆周运动的周期与加速交变电压的周期不相同
D.提高窄缝处的高频交变电压U,则离子离开磁场时的最终速度将增大
hxl_zm1年前1
twchok 共回答了19个问题 | 采纳率100%
B

回旋加速度可以加速正负离子,所以A错误,离子在D形盒之间的间隙中的电场中获得能量,即加速,在磁场中受洛伦兹力,洛伦兹力不作功,在磁场中离子做匀速圆周运动,在这个过程中, ,与速度无关,它等于加速交变电压的周期,离子最终的速度为 ,所以由回旋加速器的半径决定。所以选B。
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回旋加速器是美国物理学家劳伦斯于1932年发明的.如图为一种改进后的回旋加速器示意图,其中盒缝间加速电场的场强大小恒定,且被限制在A、C板间,如图所示.带电粒子从P0处以速度v0沿电场线方向射入电场,经加速后再进入D型盒中的匀强磁场做匀速圆周运动.对这种加速器,下列说法正确的是(  )
A.带电粒子每运动一周被加速两次
B.带电粒子每运动一周PlP2=P2P3
C.加速电场方向需要做周期性的变化
D.加速粒子的最大速度与D形盒的尺寸有关
jiangwenjing1年前1
回看射雕处 共回答了24个问题 | 采纳率100%
解题思路:带电粒子经加速电场加速后,进入磁场发生偏转,电场被限制在A、C板间,只有经过AC板间时被加速,所以运动一周加速一次,电场的方向不需改变.当带电粒子离开回旋加速器时,速度最大.

A、带电粒子只有经过AC板间时被加速,即带电粒子每运动一周被加速一次.电场的方向不需改变,在AC间加速.故A错误,C错误.
B、根据r=[mv/qB],则P1P2=2(r2-r1)=[2m△v/qB],因为每转一圈被加速一次,根据v2-v12=2ad,知每转一圈,速度的变化量不等,则P1P2≠P2P3.故B错误.
D、当粒子从D形盒中出来时,速度最大,根据r=[mv/qB] 得,v=[qBr/m].知加速粒子的最大速度与D形盒的半径有关.故D正确.
故选:D.

点评:
本题考点: 质谱仪和回旋加速器的工作原理.

考点点评: 解决本题的关键知道该回旋加速器的原理,知道粒子每转一圈,加速一次,且都在AC间加速,加速的电场不需改变.

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1932年美国物理学家劳伦斯发明了回旋加速器,巧妙地利用带电粒子在磁场中的运动特点,解决了粒子的加速问题。现在回旋加速器被广泛应用于科学研究和医学设备中。某型号的回旋加速器的工作原理如图甲所示,图为俯视图乙。回旋加速器的核心部分为D形盒,D形盒装在真空容器中,整个装置放在巨大的电磁铁两极之间的强大磁场中,磁场可以认为是匀强在场,且与D形盒盒面垂直。两盒间狭缝很小,带电粒子穿过的时间可以忽略不计。D形盒半径为R,磁场的磁感应强度为B。设质子从粒子源A处时入加速电场的初速度不计。质子质量为m、电荷量为+q。加速器接一定涉率高频交流电源,其电压为U。加速过程中不考虑相对论效应和重力作用。
(1)求质子第1次经过狭缝被加速后进入D形盒运动轨道的半径r 1
(2)求质子从静止开始加速到出口处所需的时间t;
(3)如果使用这台回旋加速器加速α粒子,需要进行怎样的改动?请写出必要的分析及推理。

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fangzhehao 共回答了16个问题 | 采纳率100%
(1)设质子第1次经过狭缝被加速后的速度为v 1


联立①②解得:
(2)设质子从静止开始加速到出口处被加速了n圈,质子在出口处的速度为v




联立③④⑤⑥解得
(3)回旋加速器正常工作时高频电压的频率必须与粒子回旋的频率相同。设高频电压的频率为f,则
当速α粒子时α粒子的比荷为质子比荷的2倍, ,所以不用直接使用
改动方法一:让回旋磁场的磁感应强度加倍
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A.带电粒子每运动一周被加速两次
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D.加速电场方向需要做周期性的变化
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A、带电粒子只有经过AC板间时被加速,即带电粒子每运动一周被加速一次.电场的方向不需改变,在AC间加速.故A错误,D错误.
B、根据r=[mv/qB],则P1P2=2(r2-r1)=[2m△v/qB],因为每转一圈被加速一次,根据v2−v12=2ad,知每转一圈,速度的变化量不等,则P1P2≠P2P3.故B错误.
C、当粒子从D形盒中出来时,速度最大,根据r=
mv
qB得,v=[qBr/m].知加速粒子的最大速度与D形盒的半径有关.故C正确.
故选C.

点评:
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1 2 略
(3)实际使用中,磁感应强度和加速电场频率都有最大值的限制.若某一加速器磁感应强度和加速电场频率的最大值分别为bm、fm,试讨论粒子能获得的最大动能e㎞.
不要光公式的解答 【思路】和过程.第三问.主要是思路哈,如果频率无限大会怎么样?不是交变周期就不能满足 其等于 粒子在磁场中的周期?,岂不是粒子运***了?
这道题的分析思路是什么
当磁感应强度为b m 时,加速电场的频率应为 ,
粒子的动能
当f bm ≤f m 时,粒子的最大动能由b m 决定
【为什么此时 最大动能由bm 】
当f bm ≥f m 时,粒子的最大动能由f m 决定
【为什么此时 最大动能由fm 】
v m =2πf m r
解得e km =2π 2 mf m 2 r 2 .
雙魚座ee1年前1
gsgeuiuig 共回答了19个问题 | 采纳率100%
我以前我做过,但不能给你最详细的解答.如下:加速电场的频率应等于粒子在磁场中做圆周运动的频率,即
当磁感应强度为B m 时,加速电场的频率应为 ,
粒子的动能
当f Bm ≤f m 时,粒子的最大动能由B m 决定
解得
当f Bm ≥f m 时,粒子的最大动能由f m 决定
v m =2πf m R
解得E km =2π 2 mf m 2 R 2 .
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英语翻译
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2)8年抗战结束后……
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霜落无情 共回答了19个问题 | 采纳率94.7%
How time flies,on the year 1932 of ten years later...
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A.带电粒子每运动半周被加速一次
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Spiritparadise 共回答了25个问题 | 采纳率92%
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A、带电粒子只有经过AC板间时被加速,即带电粒子每运动一周被加速一次.电场的方向没有改变,则在AC间加速.故A错误,D错误.
B、根据r=[mv/Bq],则P1P2=2(r2-r1)=[2m△v/Bq],因为每转一圈被加速一次,根据v2-v12=2ad,知每转一圈,速度的变化量不等,且v3-v2<v2-v1,则P1P2>P2P3.故B正确.
C、当粒子从D形盒中出来时,速度最大,根据r=[mv/Bq]得,v=[qBr/m].知加速粒子的最大速度与D形盒的半径有关.故C正确.
故选BC.

点评:
本题考点: 质谱仪和回旋加速器的工作原理.

考点点评: 解决本题的关键知道该回旋加速器的原理,知道粒子每转一圈,加速一次,且都在AC间加速,加速的电场不需改变.

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A. 带电粒子每运动一周被加速两次
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解题思路:带电粒子经加速电场加速后,进入磁场发生偏转,电场被限制在A、C板间,只有经过AC板间时被加速,所以运动一周加速一次,电场的方向不需改变.当带电粒子离开回旋加速器时,速度最大.

A、带电粒子只有经过AC板间时被加速,即带电粒子每运动一周被加速一次.电场的方向不需改变,在AC间加速.故A错误,D错误.
B、根据r=[mv/qB],则P1P2=2(r2-r1)=[2m△v/qB],因为每转一圈被加速一次,根据v2−v12=2ad,知每转一圈,速度的变化量不等,则P1P2≠P2P3.故B错误.
C、当粒子从D形盒中出来时,速度最大,根据r=
mv
qB得,v=[qBr/m].知加速粒子的最大速度与D形盒的半径有关.故C正确.
故选C.

点评:
本题考点: 质谱仪和回旋加速器的工作原理.

考点点评: 解决本题的关键知道该回旋加速器的原理,知道粒子每转一圈,加速一次,且都在AC间加速,加速的电场不需改变.

美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器,应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点,能使粒子在较小的空间范围内经过电场
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A. 带电粒子每运动一周被加速两次
B. 带电粒子每运动一周P1P2=P2P3
C. 加速粒子的最大速度与D形盒的尺寸有关
D. 加速电场方向需要做周期性的变化
噬魂听雨楼主1年前1
ypw11 共回答了20个问题 | 采纳率95%
解题思路:带电粒子经加速电场加速后,进入磁场发生偏转,电场被限制在A、C板间,只有经过AC板间时被加速,所以运动一周加速一次,电场的方向不需改变.当带电粒子离开回旋加速器时,速度最大.

A、带电粒子只有经过AC板间时被加速,即带电粒子每运动一周被加速一次.电场的方向不需改变,在AC间加速.故A错误,D错误.
B、根据r=[mv/qB],则P1P2=2(r2-r1)=[2m△v/qB],因为每转一圈被加速一次,根据v2-v12=2ad,知每转一圈,速度的变化量不等,则P1P2≠P2P3.故B错误.
C、当粒子从D形盒中出来时,速度最大,根据r=[mv/qB] 得,v=[qBr/m].知加速粒子的最大速度与D形盒的半径有关.故C正确.
故选:C.

点评:
本题考点: 质谱仪和回旋加速器的工作原理.

考点点评: 解决本题的关键知道该回旋加速器的原理,知道粒子每转一圈,加速一次,且都在AC间加速,加速的电场不需改变.

用放射源钋的α射线轰击铍时,能发射出一种穿透力极强的中性射线,这就是所谓铍“辐射”。1932年,查德威克用铍“辐射”分别
用放射源钋的α射线轰击铍时,能发射出一种穿透力极强的中性射线,这就是所谓铍“辐射”。1932年,查德威克用铍“辐射”分别照射(轰击)氢和氮(它们可视为处于静止状态)。测得照射后沿铍“辐射”方向高速运动的氢核和氮核的速度之比为7.0。查德威克假设铍“辐射”是由一种质量不为零的中性粒子构成的,从而通过此实验在历史上首次发现了中子。假定铍“辐射”中的中性粒子与氢或氮发生弹性正碰,试在不考虑相对论效应的条件下计算构成铍“辐射”的中性粒子的质量。(质量用原子质量单位u表示,1 u 等于一个12C原子质量的十二分之一,取氢核和氮核的质量分别为1 u和14 u。)
2588521231年前1
gangghg 共回答了16个问题 | 采纳率93.8%
设构成铍“辐射”的中性粒子的质量和速度分别为m和v,氢核的质量为m H 。构成铍“辐射”的中性粒子与氢核发生弹性正碰,碰后两粒子的速度分别为v′和v H ′。由动量守恒与能量守恒定律得
mv=mv′+m H v H ′ ①
mv 2 mv′ 2 m H v′ H 2
解得v H ′=
同理,对于质量为m N 的氮核,其碰后速度为v N ′=
由③④式可得m=
根据题意可知v H ′=7.0v N ′ ⑥
将上式与题给数据代入⑤式得m=1.2 u
(2014•房山区一模)1932年,劳伦斯和利文斯设计出了回旋加速器.回旋加速器的工作原理如图所示,置于真空中的两个D形
(2014•房山区一模)1932年,劳伦斯和利文斯设计出了回旋加速器.回旋加速器的工作原理如图所示,置于真空中的两个D形金属盒半径为R,两盒间的狭缝很小,带电粒子穿过的时间可以忽略不计.磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直.设两D形盒之间所加的交流电压为U,被加速的粒子质量为m、电量为q,粒子从D形盒一侧开始被加速(初动能可以忽略),经若干次加速后粒子从D形盒边缘射出.求:
(1)粒子从静止开始第1次经过两D形盒间狭缝加速后的速度大小;
(2)粒子第一次进入D型盒磁场中做圆周运动的轨道半径;
(3)粒子至少经过多少次加速才能从回旋加速器D形盒射出.
爱你爱理不理1年前1
xiejiayan 共回答了14个问题 | 采纳率92.9%
解题思路:(1)根据动能定理求出粒子由静止开始第1次经过两D形盒狭缝加速后的速度大小.(2)根据洛伦兹力提供向心力,结合半径公式求出粒子第一次进入D型盒磁场中做圆周运动的轨道半径.(3)根据D形盒的半径,根据半径公式求出粒子的最大动能,根据每一次加速后增加的动能,求出加速的次数.

(1)粒子在电场中被加速,由动能定理得:qU=12mv12解得:v1=2qUm.(2)带电粒子在磁场中做圆周运动,洛伦兹力提供向心力,根据qv1B=mv12r1解得:r1=mv1qB代入数据得:r1=1B2mUq.(3)若粒子射出,则粒子做圆...

点评:
本题考点: 质谱仪和回旋加速器的工作原理.

考点点评: 本题考查了带电粒子在电场和磁场中运动,知道回旋加速器的原理,靠电场加速,磁场偏转来加速粒子,掌握半径公式,知道粒子出D形盒时动能最大.

1932年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器,其原理如图所示.这台加速器由两个铜质D形盒D1,D2构成,其间留有的窄缝处
1932年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器,其原理如图所示.这台加速器由两个铜质D形盒D1,D2构成,其间留有的窄缝处加有高频交变电压U(加速电压).下列说法正确的是(  )
A.回旋加速器只能用来加速正离子
B.离子从D形盒之间空隙的电场中获得能量
C.离子在磁场中做圆周运动的周期与加速交变电压的周期不相同
D.提高窄缝处的高频交变电压U,则离子离开磁场时的最终速度将增大
哼哼哈岫1年前1
大凑凑 共回答了14个问题 | 采纳率92.9%
解题思路:回旋加速器是利用电场加速、磁场偏转来加速粒子,带电粒子的磁场中运动的周期与交流电压的周期相同,结合D形盒的半径,根据洛伦兹力提供向心力,求出最大速度与什么因素有关.

A、回旋加速器既可以加速带正电的粒子,也可以加速带负电的粒子.故A错误.
B、回旋加速器是利用电场加速、磁场偏转来加速粒子,且粒子在磁场中运动的周期与交流电压的周期相同.故B正确,C错误.
D、当粒子离开回旋加速器时,速度最大,有:qvB=m
v2
R,得v=
qBR
m,与交流电压的大小无关.故D错误.
故选B.

点评:
本题考点: 质谱仪和回旋加速器的工作原理.

考点点评: 解决本题的关键掌握回旋加速器的工作原理,知道回旋加速器是利用电场加速和磁场偏转来加速粒子.

(2012•门头沟区一模)1932年,劳伦斯和利文斯设计出了回旋加速器.回旋加速器的工作原理如图所示,置于高真空中的D形
(2012•门头沟区一模)1932年,劳伦斯和利文斯设计出了回旋加速器.回旋加速器的工作原理如图所示,置于高真空中的D形金属盒半径为R,两盒间的狭缝很小,带电粒子穿过的时间可以忽略不计.磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直.A处粒子源产生的粒子,质量为m、电荷量为+q,在加速器中被加速,加速电压为U.加速过程中不考虑重力作用.
(1)求粒子第2次和第1次经过两D形盒间狭缝后轨道半径之比;
(2)求粒子从静止开始加速到出口处所需的时间t;
(3)讨论粒子能获得的动能Ek跟加速器磁感应强度和加速电场频率之间关系.
tata8251年前1
忧郁的吟游诗人 共回答了13个问题 | 采纳率69.2%
解题思路:(1)带电粒子在磁场中做匀速圆周运动,根据动能定理和洛伦兹力提供向心力求出轨道半径与加速电压的关系,从而求出轨道半径之比.
(2)通过D形盒的半径求出粒子的最大速度,结合动能定理求出加速的次数,一个周期内加速两次,从而得知在磁场中运动的周期次数,确定出粒子从静止开始加速到出口处所需的时间.
(3)粒子在磁场中运动的周期等于加速电场的变化周期,则加速电场的频率等于带电粒子在磁场中做圆周运动的频率,结合洛伦兹力提供向心力,求出最大动能与加速器磁感应强度和加速电场频率之间关系.

(1)设粒子第1次经过狭缝后的半径为r1,速度为v1
qU=[1/2]mv12
qv1B=m

v21
r1
解得r1=
1
B

2mU
q
同理,粒子第2次经过狭缝后的半径r2=
1
B

4mU
q
则 r2:r1=
2:1
(2)设粒子到出口处被加速了n圈解得


2nqU=
1
2mv2
qvB=m
v2
R
T=
2πm
qB
t=nT
解上四个方程得t=
πBR2
2U
(3)粒子的动能

EK=
1
2mv2
Bqv=
mv2
R
解得EK=
B2q2R2
2m
将f=
qB
2πm代入上式
解得EK=2 mπ2R2f2
答:(1)粒子第2次和第1次经过两D形盒间狭缝后轨道半径之比为
2:1
(2)粒子从静止开始加速到出口处所需的时间t=
πBR2
2U.
(3)粒子能获得的动能Ek跟加速器磁感应强度和加速电场频率之间关系为EK=2 mπ2R2f2

点评:
本题考点: 质谱仪和回旋加速器的工作原理.

考点点评: 解决本题的关键掌握回旋加速器的原理,运用电场加速和磁场偏转,知道粒子在磁场中运动的周期与加速电场的变化周期相等.

1932年1968年1949年1990年1955年2000年哪些年是闰年哪些年是平年?
pb4k3qi1年前1
粉饰长空 共回答了17个问题 | 采纳率94.1%
普通年能被4整除的为闰年
用放射源钋的α射线轰击铍时,能发射出一种穿透力极强的中性射线,这就是所谓铍“辐射”.1932年,查德威克用铍“辐射”分别
用放射源钋的α射线轰击铍时,能发射出一种穿透力极强的中性射线,这就是所谓铍“辐射”.1932年,查德威克用铍“辐射”分别照射(轰击)氢和氮(它们可视为处于静止状态),测得照射后沿铍“辐射”方向高速运动的氢核和氮核的速度之比为7.0.查德威克假设铍“辐射”是由一种质量不为零的中性粒子构成的,从而通过实验在历史上首次发现了中子.假定铍“辐射”中的中性粒子与氢核或氮核发生弹性正碰,试在不考虑相对论效应的条件下计算构成铍“辐射”的中性粒子的质量.(质量用原子质量单位u表示,1u等于12C原子质量的十二分之一.取氢核和氮核的质量分别为1.0u和14.0u.)
小小黑羊1年前1
可爱小叮当A 共回答了19个问题 | 采纳率100%
解题思路:中性粒子与静止的氢核发生弹性碰撞,根据动量守恒与能量守恒定律分别列式,求解出氢核的速度;中性粒子再次与静止的氮核发生弹性碰撞,根据动量守恒与能量守恒定律列式,再求解出氮核的速度,将两次速度比较,可以求出中性粒子的质量.

设构成铍“辐射”的中性粒子的质量和速度分别为m和v,氢核的质量为mH.构成铍“辐射”的中性粒子与氢核发生弹性正碰,碰后两粒子的速度分别为v′和vH′.由动量守恒与能量守恒定律得mv=m v′+mH vH′①12m...

点评:
本题考点: 动量守恒定律.

考点点评: 本题关键是根据动量守恒和能量守恒定律分别列式求解出氢核和氮核的速度加以讨论求解.

(2012•顺义区二模)1932年Earnest O.Lawrence提出回旋加速器的理论,1932年首次研制
(2012•顺义区二模)1932年Earnest O.Lawrence提出回旋加速器的理论,1932年首次研制成功.它的主要结构是在磁极间的真空室内有两个半圆形半径为R的金属扁盒(D形盒)隔开相对放置,D形盒上加交变电压,其间隙处产生交变电场.置于中心A处的粒子源产生带电粒子射出来(带电粒子的初速度忽略不计),受到两盒间的电场加速,两盒间的狭缝很小,带电粒子穿过的时间可以忽略不计.在D形盒内不受电场,仅受磁极间磁感应强度为B的匀强磁场的洛伦兹力,在垂直磁场平面内作圆周运动.粒子的质量为m、电荷量为+q,在加速器中被加速,加速电压为U,加速过程中不考虑相对论效应和重力作用.回旋加速器的工作原理如图.求:
(1)粒子第2次经过两D形盒间狭缝后和第1次经过两D形盒间狭缝后的轨道半径之比r2:r1;
(2)粒子从静止开始加速到出口处所需的时间t.
(3)实际使用中,磁感应强度和加速电场频率都有最大值的限制.若某一加速器磁感应强度和加速电场频率的最大值分别为Bm、fm,试讨论粒子能获得的最大动能Ekm
bdboy_sky1年前1
wwf434 共回答了23个问题 | 采纳率91.3%
解题思路:(1)粒子经过电场加速过程根据动能定理列式,圆周运动过程根据洛伦兹力提供向心力列式计算;(2)求解出最大速度,得到最大动能;再求解出每次加速获得的动能为qU;得到加速的次数;最后运动的总时间;(3)根据洛仑兹提供向心力,求出最大动能与磁感应强度的关系以及与加速电压频率的关系,然后分情况讨论出最大动能的关系.

(1)设粒子第1次经过狭缝后的半径为r1,速度为v1,则:
Uq=[1/2]m
v21
进入磁场,粒子在运动过程中有:Bqv1=m

v21

r 1
解得:r1=
1
B

2mU
q
同理,粒子第2次经过狭缝后的半径:r2=
1
B

4mU
q
解得:
r2
r1=

2
1
(2)设粒子共加速了n圈,则2nqU=[1/2mv2
洛伦兹力提供向心力,则Bqv=m
v2
r]
粒子运动的周期为:T=
2πm
qB
时间与周期的关系:t=nT
解得:t=
πBR2
2U
(3)加速电场的频率应该等于粒子在磁场中做圆周运动的频率,即:f=
Bq
2πm
当磁感应强度为Bn时,加速电场的频率应该为:fBm=
Bnq
2πm
粒子的动能:Ek=
1
2mv2
当fBm≤fm时,粒子的最大动能由Bm决定,则:Bqvm=m
v2
r
解得:Ekm=
q2
B2mr2
2m
当fBm≥fm时,粒子的最大动能由fm决定,则:vm=2π
f mR
解得:Ekm=2π2m
f2mR2
答:(1)粒子第2次经过两D形盒间狭缝后和第1次经过两D形盒间狭缝后的轨道半径之比为
2:1;
(2)粒子从静止开始加速到出口处所需的时间t为
πBR2
2U;
(3)当fBm≤fm时,粒子的最大动能为
q2
B2mr2
2m;当fBm≥fm时,粒子的最大动能2π2m
f2mR2.

点评:
本题考点: 带电粒子在匀强磁场中的运动;牛顿第二定律;向心力;带电粒子在匀强电场中的运动.

考点点评: 本题关键明确回旋加速器的工作原理,特别是要知道加速时间很短,与回旋时间相比完全可以忽略不计.

美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器,应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点,能使粒子在较小的空间范围内经过电场
美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器,应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点,能使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量,使人类在获得较高能量带电粒子方面前进了一大步.如图为一种改进后的回旋加速器示意图,其中盒缝间的加速电场场强恒定,且被限制在A、C板间.带电粒子从P0处以速度v0沿电场线方向射入加速电场,经加速后再进入D型盒中的匀强磁场做匀速圆周运动.对于这种改进后的回旋加速器,下列说法正确的是(  )
A.加速粒子的最大速度与D形盒的尺寸有关
B.带电粒子每运动一周P1P2=P2P3
C.带电粒子每运动一周被加速两次
D.加速电场方向不需要做周期性的变化
ff催泪1年前1
271405757 共回答了17个问题 | 采纳率94.1%
解题思路:带电粒子经加速电场加速后,进入磁场发生偏转,电场被限制在A、C板间,只有经过AC板间时被加速,所以运动一周加速一次,电场的方向不需改变.当带电粒子离开回旋加速器时,速度最大.

A、当粒子从D形盒中出来时,速度最大,根据洛伦兹力提供向心力,所以r=[mv/qB]得,v=[qBr/m],知加速粒子的最大速度与D形盒的半径有关.故A正确.
B、根据r=[mv/qB]得,则P1P2=2(r2-r1)=[2m△v/qB],因为每转一圈被加速一次,根据v2-v12=2ad,知每转一圈,速度的变化量不等,且v3-v2<v2-v1,则P1P2>P2P3.故B错误CD、带电粒子只有经过AC板间时被加速,即带电粒子每运动一周被加速一次.电场的方向没有改变,则在AC间加速.故C错误,D正确.
故选:AD.

点评:
本题考点: 质谱仪和回旋加速器的工作原理.

考点点评: 解决本题的关键知道该回旋加速器的原理,知道粒子每转一圈,加速一次,且都在AC间加速,加速的电场不需改变.

用放射源钋的α射线轰击铍时,能发射出一种穿透力极强的中性射线,这就是所谓铍“辐射”.1932年,查德威克用铍“辐射”分别
用放射源钋的α射线轰击铍时,能发射出一种穿透力极强的中性射线,这就是所谓铍“辐射”.1932年,查德威克用铍“辐射”分别照射(轰击)氢和氮(它们可视为处于静止状态),测得照射后沿铍“辐射”方向高速运动的氢核和氮核的速度之比为7.0.查德威克假设铍“辐射”是由一种质量不为零的中性粒子构成的,从而通过实验在历史上首次发现了中子.假定铍“辐射”中的中性粒子与氢核或氮核发生弹性正碰,试在不考虑相对论效应的条件下计算构成铍“辐射”的中性粒子的质量.(质量用原子质量单位u表示,1u等于 12 C原子质量的十二分之一.取氢核和氮核的质量分别为1.0u和14.0u.)
物业ee1年前1
我真的很困难 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
设构成铍“辐射”的中性粒子的质量和速度分别为m和v,氢核的质量为m H .构成铍“辐射”的中性粒子与氢核发生弹性正碰,碰后两粒子的速度分别为v′和v H ′.由动量守恒与能量守恒定律得
mv=m v′+m H v H ′①

1
2 m v 2 =
1
2 m v /2 +
1
2 m H
v /2H ②
解得
v H ′=
2mv
m+ m H ③
同理,对于质量为m N 的氮核,其碰后速度为
v N ′=
2mv
m+ m N ④
由③④中2mv相同式可得
m=
m N
v /N - m H
v /H

v /H -
v /N ⑤
将m H =1.0u和m N =14.0u和v H ′=7.0v N ′代入⑤式得
m=1.2u
即构成铍“辐射”的中性粒子的质量为1.2u.
1932年,美国的物理学家劳伦斯设计出了回旋加速器.回旋加速器的工作原理如图所示,置于高真空中的两D形金属盒半径为R,两
1932年,美国的物理学家劳伦斯设计出了回旋加速器.回旋加速器的工作原理如图所示,置于高真空中的两D形金属盒半径为R,两盒间的狭缝很小,带电粒子穿过的时间可以忽略不计.磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直.A处粒子源产生的质量为m、电荷量为+q粒子在加速器中被加速,其加速电压恒为U.带电粒子在加速过程中不考虑相对论效应和重力的作用.则(  )
A.带电粒子在加速器中第1次和第2次做曲线运动的时间分别为t1和t2,则t1:t2=1:2
B.带电粒子第1次和第2次经过两D形盒间狭缝后轨道半径之比r1:r2=
2
:2
C.两D形盒狭缝间的交变电场的周期T=[2πm/qB]
D.带电粒子离开回旋加速器时获得的动能为
B2q2R2
2m
tonyli781年前1
我笑而过 共回答了17个问题 | 采纳率88.2%
解题思路:回旋加速器利用电场加速和磁场偏转来加速粒子,带电粒子在磁场中运动的周期与带电粒子的速度无关.根据洛伦兹力提供向心力得出轨道半径的公式,从而根据速度的关系得出轨道半径的关系.粒子离开回旋加速度时的轨道半径等于D形盒的半径,根据半径公式求出离开时的速度大小,从而得出动能.

A、带电粒子在磁场中运动的周期与电场变化的周期相等,根据qvB=m
v2
r,则v=[qBr/m],周期T=[2πr/v=
2πm
qB],与粒子的速度无关,t1:t2=1:1.交变电场的周期也为[2πm/qB].故A错误,C正确.
B、根据v2=2ax得,带电粒子第一次和和第二次经过加速后的速度比为
2:2,根据r=
mv
qB知,带电粒子第1次和第2次经过两D形盒间狭缝后轨道半径之比r1:r2=
2:2.故B正确.
D、根据qvB=m
v2
R,知v=[qBR/m],则带电粒子离开回旋加速器时获得动能为Ek=
1
2mv2=
B2q2R2
2m.故D正确.
故选BCD.

点评:
本题考点: 质谱仪和回旋加速器的工作原理.

考点点评: 解决本题的关键知道回旋加速器加速粒子的原理,知道带电粒子在磁场中运动的周期与交变电场的周期相同,以及掌握带电粒子在磁场中运动的轨道半径公式和周期公式.

从1932年刘长春只身飘洋过还抵达洛杉矶孤身捧“鸭蛋”中“鸭蛋”是什么意思
gerfef1年前1
沈阳黑土 共回答了20个问题 | 采纳率90%
“鸭蛋”指那次比赛一块奖牌也没拿回来.
1932年美国化学家鲍林首先提出电负性的概念.电负性(用X表示)也是元素的一种重要性质,下表给出的是原子序数小于20的1
1932年美国化学家鲍林首先提出电负性的概念.电负性(用X表示)也是元素的一种重要性质,下表给出的是原子序数小于20的16种元素的电负性数值:
元素 H Li Be B C N O F
电负性 2.1 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 3.5 4.0
元素 Na Mg Al Si P S Cl K
电负性 0.9 1.2 1.5 1.7 2.1 2.3 3.0 0.8
请仔细分析,回答下列有关问题;
(1)预测周期表中电负性最大的元素应为______;估计钙元素的电负性的取值范围:______<X<______.
(2)根据表中的所给数据分析,同主族内的不同元素X的值变化______;简述元素电负性X的大小与元素金属性、非金属性之间的关系______.
(3)经验规律告诉我们:当形成化学键的两原子相应元素的电负性差值大于1.7时,所形成的一般为离子键;当小于1.7时,一般为共价键.试推断AlBr3中形成的化学键的类型为______,其理由是______.
华丽丽的宝蓝色1年前1
xiaobdian 共回答了25个问题 | 采纳率88%
解题思路:(1)电负性表示对键合电子的吸引力,电负性越大对键合电子吸引力越大,所以非金属性越强电负性越强,故电负性最强的物质在周期表的右上角(零族元素除外);
由表中数据可知,同周期自左而右电负性增大,同主族自上而下电负性降低,非金属性越强电负性越强,故金属性越强电负性越小,钙元素的电负性比K元素大,但小于Li元素的电负性;
(2)由表中数据可知,同周期自左而右电负性增大,同主族自上而下电负性降低,故非金属性越强电负性越大,金属性越强电负性越小;
(3)AlCl3中两电负性之差为1.5,Br元素的电负性小于Cl元素电负性,AlBr3中两电负性之差小于1.5.

(1)电负性表示对键合电子的吸引力,电负性越大对键合电子吸引力越大,所以非金属性越强电负性越强,故电负性最强的物质在周期表的右上角为F元素;
由表中数据可知,同周期自左而右电负性增大,同主族自上而下电负性降低,非金属性越强电负性越强,故金属性越强电负性越小,故钙元素的电负性比K元素大,但小于Li元素的电负性,即0.8<X(Ca)<1,
故答案为:F,0.8、1;
(2)由表中数据可知,同周期自左而右电负性增大,同主族自上而下电负性降低,故非金属性越强电负性越大,金属性越强电负性越小,
故答案为:自上而下电负性降低,非金属性越强电负性越大,金属性越强电负性越小;
(3)AlCl3中两电负性之差为1.5,Br元素的电负性小于Cl元素电负性,AlBr3中两电负性之差小于1.5,故AlBr3中化学键为共价键,
故答案为:共价键,AlCl3中两电负性之差为1.5,Br元素的电负性小于Cl元素电负性,AlBr3中两电负性之差小于1.5.

点评:
本题考点: 元素电离能、电负性的含义及应用.

考点点评: 考查电负性及与金属性非金属性的关系等,难度中等,清楚主族元素电负性的递变规律是解题关键.

世界数学最高奖是(  )它与1932年在第九届国际数学家大会上成立,于1936年首次颁奖,是数学家的最高荣誉奖.
世界数学最高奖是(  )它与1932年在第九届国际数学家大会上成立,于1936年首次颁奖,是数学家的最高荣誉奖.
A.诺贝尔数学奖
B.拉马努金奖
C.菲尔兹奖
大负富1年前1
独揽夜色 共回答了28个问题 | 采纳率92.9%
世界数学是最高奖菲尔兹奖,它与1932年在第九届国际数学家大会上成立,
于1936年首次颁奖,是数学家的最高荣誉奖.
故选:C.
美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器,应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点,能使粒子在较小的空间范围内经过电场
美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器,应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点,能使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量,克服了多级直线加速器的缺点,使人类在获得较高能量带电粒子方面前进了一步.如图所示为一种改进后的回旋加速器示意图,其中盒缝间的加速电场场强大小恒定,且被限制在A板和C板间,如图所示.带电粒子从P 0 处以速度v 0 沿电场线方向射入加速电场,经加速后再进入D 形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动。对于这种改进后的回旋加速器,下列说法正确的是
[ ]
A.加速粒子的最大速度与D形盒的尺寸有关
B.加速电场的方向不需要做周期性的变化
C.带电粒子每运动一周被加速两次
D.
jcw20161年前1
经济yy分散的 共回答了12个问题 | 采纳率100%
AB
1932年美国物理学家劳伦斯发明了回旋加速器,巧妙地利用带电粒子在磁场中的运动特点,解决了粒子的加速问题.现在回旋加速器
1932年美国物理学家劳伦斯发明了回旋加速器,巧妙地利用带电粒子在磁场中的运动特点,解决了粒子的加速问题.现在回旋加速器被广泛应用于科学研究和医学设备中.
某型号的回旋加速器的工作原理如图(甲)所示,图(乙)为俯视图.回旋加速器的核心部分为两个D形盒,分别为D1、D2.D形盒装在真空容器里,整个装置放在巨大的电磁铁两极之间的强大磁场中,磁场可以认为是匀强磁场,且与D形盒底面垂直.两盒间的狭缝很小,带电粒子穿过的时间可以忽略不计.D形盒的半径为R,磁场的磁感应强度为B.设质子从粒子源A处进入加速电场的初速度不计.质子质量为m、电荷量为+q.加速器接入一定频率的高频交变电源,加速电压为U.加速过程中不考虑相对论效应和重力作用.
(1)求质子第1次经过狭缝被加速后进人D2盒时的速度大小v1
(2)求质子第1次经过狭缝被加速后进人D2盒后运动的轨道半径r1
(3)求质子从静止开始加速到出口处所需的时间t.
雁过无痕31年前1
巴比伦人2 共回答了13个问题 | 采纳率92.3%
解题思路:(1)根据动能定理求出质子第1次经过狭缝被加速后进人D2盒时的速度大小.
(2)根据粒子的速度,通过洛伦兹力提供向心力求出粒子在磁场中运动的轨道半径.
(3)根据D形盒的半径得出粒子的最大速度,通过动能定理求出加速的次数,从而根据粒子在磁场中运动的周期求出质子从静止开始加速到出口处所需的时间t.

(1)根据动能定理得,Uq=
1
2mv12,
解得v1=

2Uq
m
(2)根据牛顿第二定律得,qv1B=m

v21
r1
解得r1=
1
B

2Um
q.
(3)设质子从静止开始加速到出口处被加速了n圈,质子在出口处的速度为v,
根据动能定理得,2nqU=
1
2mv2
根据牛顿第二定律得,qvB=m

v2
r ,
周期T=
2πr
v,则T=
2πm
qB
运动时间t=nT
联立各式解得:t=
πBR2
2U.
答:(1)质子第1次经过狭缝被加速后进人D2盒时的速度大小v1=

2Uq
m.
(2)质子第1次经过狭缝被加速后进人D2盒后运动的轨道半径r1=
1
B

2Um
q.
(3)质子从静止开始加速到出口处所需的时间t=
πBR2
2U.

点评:
本题考点: 质谱仪和回旋加速器的工作原理.

考点点评: 解决本题的关键知道回旋加速器是利用电场加速,磁场偏转来加速粒子,结合动能定理和牛顿第二定律进行求解.

美国总统罗斯福是世界上唯一一位曾三度当选《时代》杂志年度人物的名人,他分别在1932年、1934年和1941年登上《时代
美国总统罗斯福是世界上唯一一位曾三度当选《时代》杂志年度人物的名人,他分别在1932年、1934年和1941年登上《时代》杂志封面。请结合史实分析,他第二次当选年度人物的主要原因是
[ ]
a.***美国人民取得了“一战”的胜利
b.***美国人民取得了“二战”的胜利
c.推行罗斯福新政,缓解经济危机
d.废除黑人奴隶制
79mmm1年前1
zsp969 共回答了15个问题 | 采纳率80%
C
美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器,应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点,能使粒子在较小的空间范围内经过电场
美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器,应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点,能使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量,克服了多级直线加速器的缺点,使人类在获得较高能量带电粒子方面前进了一步,如图所示为一种改进后的回旋加速器示意图,其中盒缝间的加速电场场强大小恒定,且被限制在A板和C板间,如图所示。带电粒子从P 0 处以速度v 0 沿电场线方向射人加速电场,经加速后再进入D形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动,对于这种改进后的回旋加速器,下列说法正确的是
[ ]
A.加速粒子的最大速度与D形盒的尺寸有关
B.加速电场的方向不需要做周期性的变化
C.带电粒子每运动一周被加速两次
D. P 1 P 2 =P 2 P 3
卓栗栗1年前1
我是万宝路男人 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
AB
1932年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器,其原理如图所示.这台加速器由两个铜质D形盒D 1 ,D 2 构成,其间留有
1932年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器,其原理如图所示.这台加速器由两个铜质D形盒D 1 ,D 2 构成,其间留有的窄缝处加有高频交变电压U(加速电压).下列说法正确的是(  )
A.回旋加速器只能用来加速正离子
B.离子从D形盒之间空隙的电场中获得能量
C.离子在磁场中做圆周运动的周期与加速交变电压的周期不相同
D.提高窄缝处的高频交变电压U,则离子离开磁场时的最终速度将增大
路人___甲1年前1
guoxin0338 共回答了18个问题 | 采纳率83.3%
A、回旋加速器既可以加速带正电的粒子,也可以加速带负电的粒子.故A错误.
B、回旋加速器是利用电场加速、磁场偏转来加速粒子,且粒子在磁场中运动的周期与交流电压的周期相同.故B正确,C错误.
D、当粒子离开回旋加速器时,速度最大,有: qvB=m
v 2
R ,得 v=
qBR
m ,与交流电压的大小无关.故D错误.
故选B.
美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器,应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点,能使粒子在较小的空间范围内经过电场
美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器,应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点,能使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量,克服了多级直线加速器的缺点,使人类在获得较高能量带电粒子方面前进了一步.下图为一种改进后的回旋加速器示意图,其中盒缝间的加速电场场强大小恒定,且被限制在A板和C板间,如图所示.带电粒子从P0处以速度V0沿电场线方向射入加速电场,经加速后再进入D型盒中的匀强磁场做匀速圆周运动.对于这种改进后的回旋加速器,下列说法正确的是(  )
A. 加速粒子的最大速度与D形盒的尺寸有关
B. 加速电场的方向不需要做周期性的变化
C. 带电粒子每运动一周被加速两次
D. P1P2=P2P3
kaposh1年前1
kk和狗 共回答了19个问题 | 采纳率84.2%
解题思路:带电粒子经加速电场加速后,进入磁场发生偏转,电场被限制在A、C板间,只有经过AC板间时被加速,所以运动一周加速一次,电场的方向不需改变.当带电粒子离开回旋加速器时,速度最大.

A、当粒子从D形盒中出来时,速度最大,根据r=[mv/qB]得,v=[qBr/m],知加速粒子的最大速度与D形盒的半径有关.故A正确.
BC、带电粒子只有经过AC板间时被加速,即带电粒子每运动一周被加速一次.电场的方向没有改变,则在AC间加速.故B正确,C错误.
D、根据r=[mv/qB]得,则P1P2=2(r2-r1)=[2m△v/qB],因为每转一圈被加速一次,根据v2-v12=2ad,知每转一圈,速度的变化量不等,且v3-v2<v2-v1,则P1P2>P2P3.故D错误.
故选:AB.

点评:
本题考点: 质谱仪和回旋加速器的工作原理;带电粒子在匀强磁场中的运动.

考点点评: 解决本题的关键知道该回旋加速器的原理,知道粒子每转一圈,加速一次,且都在AC间加速,加速的电场不需改变.

(2013•湖南模拟)美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器,应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点,能使粒子在较
(2013•湖南模拟)美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器,应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点,能使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量,使人类在获得以较高能量带电粒子方面前进了一步,如图所示为一种改进后的回旋加速器示意图,其中盒缝间的加速电场场强大小恒定,且被限制在A、C板间,带电粒子从P.处静止释放,并沿电场线方向射入加速电场,经加速后再进入D形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动,对于这种改进后的回旋加速器,下列说法正确的是(  )
A.带电粒子每运动一周被加速一次
B.P1P2=P2P3
C.加速粒子的最大速度与D形盒的尺寸无关
D.加速电场方向需要做周期性的变化
告诉我怎么注册1年前1
yukoguo 共回答了16个问题 | 采纳率81.3%
解题思路:带电粒子经加速电场加速后,进入磁场发生偏转,电场被限制在A、C板间,只有经过AC板间时被加速,所以运动一周加速一次,电场的方向不需改变.当带电粒子离开回旋加速器时,速度最大.

AD、带电粒子只有经过AC板间时被加速,即带电粒子每运动一周被加速一次.电场的方向没有改变,则在AC间加速.故A正确,D错误.
B、根据r=[mv/Bq],则P1P2=2(r2-r1)=[2m△v/Bq],因为每转一圈被加速一次,根据v2-v12=2ad,知每转一圈,速度的变化量不等,且v3-v2<v2-v1,则P1P2>P2P3.故B错误.
C、当粒子从D形盒中出来时,速度最大,根据r=[mv/Bq] 得,v=[qBr/m].知加速粒子的最大速度与D形盒的半径有关.故C错误.
故选:A.

点评:
本题考点: 质谱仪和回旋加速器的工作原理.

考点点评: 解决本题的关键知道该回旋加速器的原理,知道粒子每转一圈,加速一次,且都在AC间加速,加速的电场不需改变.

美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器,应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点,能使粒子在较小的空间范围内经过电场
美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器,应用带电粒子在磁场中做圆周运动的特点,能使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量,克服了多级直线加速器的缺点,使人类在获得较高能量带电粒子方面前进了一步.下图为一种改进后的回旋加速器示意图,其中盒缝间的加速电场场强大小恒定,且被限制在A板和C板间,如图所示.带电粒子从P0处以速度V0沿电场线方向射入加速电场,经加速后再进入D型盒中的匀强磁场做匀速圆周运动.对于这种改进后的回旋加速器,下列说法正确的是(  )
A. 加速粒子的最大速度与D形盒的尺寸有关
B. 加速电场的方向不需要做周期性的变化
C. 带电粒子每运动一周被加速两次
D. P1P2=P2P3
ljjms1年前1
28559578 共回答了12个问题 | 采纳率75%
解题思路:带电粒子经加速电场加速后,进入磁场发生偏转,电场被限制在A、C板间,只有经过AC板间时被加速,所以运动一周加速一次,电场的方向不需改变.当带电粒子离开回旋加速器时,速度最大.

A、当粒子从D形盒中出来时,速度最大,根据r=[mv/qB]得,v=[qBr/m],知加速粒子的最大速度与D形盒的半径有关.故A正确.
BC、带电粒子只有经过AC板间时被加速,即带电粒子每运动一周被加速一次.电场的方向没有改变,则在AC间加速.故B正确,C错误.
D、根据r=[mv/qB]得,则P1P2=2(r2-r1)=[2m△v/qB],因为每转一圈被加速一次,根据v2-v12=2ad,知每转一圈,速度的变化量不等,且v3-v2<v2-v1,则P1P2>P2P3.故D错误.
故选:AB.

点评:
本题考点: 质谱仪和回旋加速器的工作原理;带电粒子在匀强磁场中的运动.

考点点评: 解决本题的关键知道该回旋加速器的原理,知道粒子每转一圈,加速一次,且都在AC间加速,加速的电场不需改变.

欧文·兰茂儿+1932年+化学奖+最大贡献()
emotional1年前2
向往幸福里 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
1932
  欧文•兰茂尔(Irving Langmuir) 美国人 (1881--1957)
  欧文.兰茂尔是世界上首先发现氢吸收大 量热而离解为原子的现象并创造了原子氢焊接法的物理化学家.兰茂尔一生潜心科学研究,有过许多重大的发明创造.由于 对表面化学的探究和发现以及在原子结构和理论方面的建树,于 一九三二年荣获诺贝尔化学奖金.
1932年美国物理学家劳伦斯发明了回旋加速器,巧妙地利用带电粒子在磁场中的运动特点,解决了粒子的加速问题.现在回旋加速器
1932年美国物理学家劳伦斯发明了回旋加速器,巧妙地利用带电粒子在磁场中的运动特点,解决了粒子的加速问题.现在回旋加速器被广泛应用于科学研究和医学设备中.



某型号的回旋加速器的工作原理如图甲所示,图为俯视图乙.回旋加速器的核心部分为D形盒,D形盒装在真空容器中,整个装置放在巨大的电磁铁两极之间的强大磁场中,磁场可以认为是匀强在场,且与D形盒盒面垂直.两盒间狭缝很小,带电粒子穿过的时间可以忽略不计.D形盒半径为R,磁场的磁感应强度为B.设质子从粒子源A处时入加速电场的初速度不计.质子质量为m、电荷量为+q.加速器接一定涉率高频交流电源,其电压为U.加速过程中不考虑相对论效应和重力作用.
(1)求质子第1次经过狭缝被加速后进入D形盒运动轨道的半径r 1
(2)求质子从静止开始加速到出口处所需的时间t;
(3)如果使用这台回旋加速器加速α粒子,需要进行怎样的改动?请写出必要的分析及推理.
hikaruly1年前1
hhhh508 共回答了20个问题 | 采纳率80%
解析:(1)设质子第1次经过狭缝被加速后的速度为v 1
qU=
1
2 m v 1 2 ①
q v 1 B=m
v 1 2
r 1 ②
联立①②解得: r 1 =
1
B

2mU
q
(2)设质子从静止开始加速到出口处被加速了n圈,质子在出口处的速度为v
2nqU=
1
2 m v 2 ③
qvB=m
v 2
R ④
T=
2πm
qB ⑤
t=nT ⑥
联立③④⑤⑥解得 t=
πB R 2
2U
(3)回旋加速器正常工作时高频电压的频率必须与粒子回旋的频率相同.设高频电压的频率为f,则 f=
1
T =
qB
2πm
当加速α粒子时α粒子的比荷为质子比荷的2倍,
f′=
qB
4πm =
f
2 ,所以不用直接使用.
改动方法一:让回旋磁场的磁感应强度加倍.
改动方法二:让加速高频电压的频率减半.
《一面》以饱含深情的笔触,回忆了作者1932年秋天在上海内山书店见到鲁迅先生一面的情景,表达了鲁迅热爱劳动人民和关爱进步
《一面》以饱含深情的笔触,回忆了作者1932年秋天在上海内山书店见到鲁迅先生一面的情景,表达了鲁迅热爱劳动人民和关爱进步青年的高尚品格,抒发了作者对鲁迅先生---------的感情.文章的最大特点是----------------------.
toscanalove1年前1
天牙红人 共回答了14个问题 | 采纳率92.9%
表现了鲁迅热爱劳动人民和关心进步青年的崇高品格,抒发了作者对鲁迅先生真挚而又深厚的爱戴的感情.文章的最大特点是抓住外貌描写来表现人物特征.
请政治老师解析下题45.1932年,英国、加拿大、澳大利亚、新西兰、纽芬兰、印度、南非等英联邦国家在渥太华召开帝国经济会
请政治老师解析下题
45.1932年,英国、加拿大、澳大利亚、新西兰、纽芬兰、印度、南非等英联邦国家在渥太华召开帝国经济会议,签订了11个双边协定,制定了帝国特惠制.其主要内容是:对成员国间的进口商品,相互降低税率或免税;对成员国以外的进口商品,则征收高额关税.这表明英国
A.加强了政府对经济的全面干预
B.一定程度上放弃了自由贸易政策以度过经济危机
C.希望通过经济手段增强英联邦的政治向心力
D.认识到了只有放弃贸易保护、加强国际合作才能实现经济的发展
(为何不是C)
csj3051年前1
月谷绵灯 共回答了14个问题 | 采纳率85.7%
童鞋是选B吗?是的话我可以解释
童鞋不回复我,我也解释一下吧.为什么不选A相信童鞋知道,我就不说了.为什么不选C,请审题,背景是1929-1931年资本主义国家经济危机、大萧条时期,这个时候英国的主要矛盾是经济矛盾,不是政治的问题,所以没必要去加强政治向心力.为什么不选D,D选项本身就是错误的,英国没有放弃贸易保护,只与其他英联邦国家开放关税、并不与其他国家互通,并且还要求其英联邦国家也不与别国互通经济,这是典型的贸易保护,并没有加强国际合作.
就是这样,希望能帮到你.
下列说法正确的是(  )A.1897年汤姆逊发现了原子核B.1919年卢瑟福用α粒子从氮原子核中打出了电子C.1932年
下列说法正确的是(  )
A.1897年汤姆逊发现了原子核
B.1919年卢瑟福用α粒子从氮原子核中打出了电子
C.1932年查德威克发现了中子
D.1961年盖尔曼提出了层子的设想
岚惜1年前1
lusd1314 共回答了22个问题 | 采纳率77.3%
解题思路:根据卢瑟福、汤姆逊、查德威克、盖尔曼在物理上的主要贡献进行分析.

A、1879年,英国物理学家汤姆逊首先发现了电子,从而揭开了人们对原子内部的认识.故A错误;
B、1919年,卢瑟福从氮原子中打出了质子,故B错误.
C、1932年,查德威克发现了中子,故C正确;
D、1961年,盖尔曼提出质子和中子是由层子组成的设想.故D正确.
故选CD.

点评:
本题考点: 人类探究微观世界的历程.

考点点评: 了解物理的发展史和重大成就,有利于激发学生学习物理的兴趣,培养社会责任感,符合新课程标准三维目标的要求.

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