“细软”中词义和语素义的关系是什么?

由给出的数据可知，重物落地后，木块在连续相等的时间T内的位移分别是：
s₁=7.72cm，s₂=7.21cm，s₃=6.71cm，s₄=6.25cm，s₅=5.76cm，s₆=5.29cm，s₇=4.81cm，s₈=4.31cm
以a表示加速度，根据匀变速直线运动的规律，有：
a＝
(s5−s1)+(s6−s2)+(s7−s3)+(s8−s4)
16T2
又知T=0.04s
解得：a=-3.0m/s²
重物落地后木块只受摩擦力的作用，用m表示木块的质量，根据牛顿第二定律有：
-μmg=ma
解得：μ=0.30
故答案为：0.30

点评：
本题考点： 探究影响摩擦力的大小的因素．

考点点评： 要注意单位的换算．对于相邻的计数点位移间隔不等时能够运用逐差法求解．

由安培定则可知，电流右侧的磁场方向向里，导线中的电流突然增大时，电流周围的磁场增大，所以线圈中的磁通量增大，根据楞次定律得线框中的感应电流的磁场的方向向外，则感应电流的方向为逆时针方向，由左手定则可知左边受力的方向向右，右边受力向左；而左边受力大于右边受力；故线框整体向右发生摆动．故选项A正确．
故选：A

点评：
本题考点： 楞次定律．

考点点评： 本题也可以根据楞次定律的另一种表述“来拒去留”进行判断；因磁通量增大，则线圈右摆以阻碍磁通量的增加．

当导体棒Q将离地向上运动时，根据平衡条件得
对Q：T+BIL=Mg，
对P：T=mg+BIL
联立得：2BIL=Mg-mg①
根据法拉第电磁感应定律得：E=[△Φ/△t]=[△B/△t]L（H-h）=kL（H-h）②
感应电流为 I=[E/2R] ③
又B=kt ④
联立①～④得t=
(M−m)gR
k2(H−h)L2，
当两棒运动到相同高度时，Q上升和P下降的高度均为[1/2]（H-h）．
根据功能关系得
W=（M-m）[1/2]（H-h）+[1/2(M+m)v2
故答案为：
(M−m)gR
k2(H−h)L2]，（M-m）[1/2]（H-h）+
1
2(M+m)v2

点评：
本题考点： 安培力；功的计算．

考点点评： 本题是电磁感应与力学知识的综合，关键根据法拉第电磁感应定律求电路中感应电动势．

方法不唯一；
思路一：利用通电直导线周围存在磁场设计实验；
思路二：制作电磁铁，根据电磁铁吸引磁性物质的性质设计实验；
具体方法如下：

所用器材 主要实验步骤及判断导线中是否有电流的方法
方法1 小磁针 在桌面上放一个小磁针，小磁针静止时，把导线平行于小磁针正上方，若小磁针发生了偏转，则说明导线中有电流通过
方法2 铁钉、大头针 把导线绕在铁钉上，制成一个电磁铁，看能否吸引大头针，若能，说明导线中有电流通过

点评：
本题考点： 通电直导线周围的磁场；电磁铁的构造和原理；电流的热效应、化学效应和磁效应．

考点点评： 本题利用了电流的磁效应来判断导线中是否有电流通过．

（1）电源的频率为50Hz，每隔0.02s打一个点，相邻的两个计数点间还有四个点没有画出，所以相邻计数点间的时间间隔为0.1s．
由于相邻的计数点间的位移之差等于常数：△x=4cm，且越向右间距越大，所以物体做匀加速直线运动．
理由：所得到的纸带满足连续相等的时间间隔内，相邻位移之差恒定．
（2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，
得：v₁=
x02
2T=
(11+15)×10−2
2×0.1m/s=1.3m/s
v₃=
x24
2T=
(19+23)×10−2
2×0.1m/s=2.1m/s
（3）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT²
得：a=
△x
T2=
4×10−2
0．12m/s²=4m/s²
故答案为：（1）0.1；匀加速；所得到的纸带满足连续相等的时间间隔内，相邻位移之差恒定．
（2）1.3；2.1
（3）4

点评：
本题考点： 打点计时器系列实验中纸带的处理．

考点点评： 要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．

（1）根据匀变速直线运动中时间中点是速度等于该过程中的平均速度得：
v1＝
x04
2T＝
0.0339+0.0377
0.2=0.36m/s，
v3＝
x24
2T＝
0.0415+0.0453
0.2＝0.43m/s
（2）匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数：△x=aT²，由题中数据可知：△x=0.38cm，T=0.1s，所以解得：a=0.38m/s²．
故答案为：（1）0.36； 0.43；（2）0.38

点评：
本题考点： 探究小车速度随时间变化的规律．

考点点评： 本题考查了处理纸带问题的基本方法，这是进行实验的基础，要熟练掌握，注意有效数字的保留是学生容易出错的地方．

棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，根据左手定则可得，安培力的方向竖直向上，由于此时悬线上有拉力，为了使拉力等于零，则安培力必须增加．所以适当增加电流强度，或增大磁场，故D正确，ABC错误；
故选：D

点评：
本题考点： 安培力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．

考点点评： 学会区分左手定则与右手定则，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向．

（1）由给出的数据可知，重物落地后，木块在连续相等的时间T内的位移分别是：
s₁=7.74cm，s₂=8.41cm，s₃=9.05cm，s₄=9.68cm，s₅=10.33cm，s₆=10.95cm，
T=0.04s
以a表示加速度，根据匀变速直线运动的规律，有：
a=
(s4+s5+s6)−(s1+s2+s3)
(3T)2=4.0m/s²
（2）根据匀变速直线运动中时间中点是速度等于该过程中的平均速度得纸带中P点瞬时速度大小为：
v=
s5
T=2.6m/s
（3）对重物进行受力分析，重物受重力和绳子拉力，根据牛顿第二定律得：
mg-T=ma
解得：T=3.6N
（4）对于重物受重力和拉力，根据牛顿第二定律有：mg-F=ma
对于木块水平方向受拉力和摩擦力，根据牛顿第二定律有：F-μMg=Ma
解得：μ=
mg−(M+m)a
Mg=0.50
故答案为：（1）4.0；
（2）2.6；
（3）3.6；
（4）0.50．

点评：
本题考点： 探究影响摩擦力的大小的因素．

考点点评： 要注意单位的换算．
对于相邻的计数点位移间隔不等时能够运用逐差法求解．
同时掌握运用牛顿第二定律解题的思路．

设B的质量为m，则A的质量为2m，
以A、B组成的系统为研究对象，
在A落地前，由动能定理可得：
-mgR+2mgR=[1/2]（m+2m）v²-0，
以B为研究对象，在B上升过程中，
由动能定理可得：-mgh=0-[1/2]mv²，
则B上升的最大高度H=R+h，
解得：H=[4R/3]；
故选C．

点评：
本题考点： 机械能守恒定律．

考点点评： B的运动分两个阶段，应用动能定理即可求出B能上升的最大高度．

AB、导线受到重力的方向是向下的，悬线的拉力与重力的大小相等，要增加悬线拉力的话，导线受到的安培力的方向必须是向下的，根据左手定则可知，此时磁场的方向应该是垂直纸面向外的，所以A错误B正确；
CD、当磁场的方向平行纸面向上或者是平行纸面向下时，此时受到的安培力是水平的，悬线的拉力等于安培力与重力的合力，此时拉力的大小也要比原来的大，所以CD正确．
故选BCD．

点评：
本题考点： 安培力．

考点点评： 本题是安培力的分析和计算问题．安培力大小的一般计算公式是F=BILsinα，α是导体与磁场的夹角，当B、I、L互相垂直的时候安培力最大为F=BIL．

由安培定则可知，电流右侧的磁场方向向里，导线中的电流突然增大时，电流周围的磁场增大，所以线圈中的磁通量增大，根据楞次定律得线框中的感应电流的磁场的方向向外，则感应电流的方向为逆时针方向，由左手定则可知左边受力的方向向右，右边受力向左；而左边受力大于右边受力；故线框整体向右发生摆动．故选项A正确．
故选：A

点评：
本题考点： 楞次定律．

考点点评： 本题也可以根据楞次定律的另一种表述“来拒去留”进行判断；因磁通量增大，则线圈右摆以阻碍磁通量的增加．

当该磁场强度逐渐增大时，根据楞次定律可知回路中感应电流的磁场方向向外，根据安培定则可知MN中电流方向由M指向N，根据左手定则可知MN所受安培力向上，设悬线拉力为T，则有：
T=mg-BIL
由于磁场不断增强，安培力F=BIL逐渐增大，因此悬线拉力T将变小，故BCD错误，A正确．
故选A．

点评：
本题考点： 安培力．

考点点评： 本题结合法拉第电磁感应定律、安培力的应用考查了物体平衡，注意感应电流方向的判断和根据左手定则熟练判断安培力的方向．

设B的质量为m，则A的质量为2m，
以A、B组成的系统为研究对象，在A落地前过程，由AB组成系统的机械能守恒定律得：
-mgh+2mgh=[1/2]（m+2m）v²-0，
A落地后，以B为研究对象，在B上升过程中，由机械能守恒定律得：
-mgh′=0-[1/2]mv²，
则B相对地面上升的最大高度 H=h+h′，
解得：H=
4
3h；
故选：C．

点评：
本题考点： 机械能守恒定律．

考点点评： 本题绳系统机械能守恒问题，要注意AB一起运动的过程，系统的机械能守恒，而对于单个小球机械能均不守恒．

（1）为了减小偶然误差，采用逐差法处理数据，有：
S6−S3＝3a1T2 ①
S5−S2＝3a2T2 ②
S4−S1＝3a3T2 ③
a＝
a1+a2+a3
3 ④
联立①②③④得：a＝
S4+S5+S6−(S1+S2+S3)
9T2
故答案为：a＝
S4+S5+S6−(S1+S2+S3)
9T2．
（2）为了使重物的重力能表示木块的合外力本实验要求木块的质量应远大于重物的质量，同时需要将木板右端稍垫高以平衡木块的摩擦力，故AD正确；
由于本实验是研究的加速度与合外力以及物体质量三者之间关系，变量较多，因此采用的是控制变量法，故B正确；
为了研究加速度与物体质量的关系，应该做出a-[1/M]，图象，其中M为木块质量，故C错误．
本题选错误的，故选C．

点评：
本题考点： 探究加速度与物体质量、物体受力的关系．

考点点评： 本题考查了探究加速度与物体质量，物体受力的关系，注意该实验成立的条件以及数据处理方法．

设B的质量为m，则A的质量为2m，以A、B组成的系统为研究对象，在A落地前，由动能定理可得：
-mgR+2mgR=[1/2]（m+2m）v²-0，
以B为研究对象，在B上升过程中，
由动能定理可得：-mgh=0-[1/2]mv²，
则B上升的最大高度为：H=R+h，
解得：H=[4R/3]；
故选：C．

点评：
本题考点： 机械能守恒定律；竖直上抛运动．

考点点评： 本题考查了求B球上升的高，分析清楚A、B的运动过程是正确解题的前提与关键，B的运动分两个阶段，应用动能定理即可求出B能上升的最大高度．也可以应用机械能守恒定律解题．

（1）由给出的数据可知，重物落地后，木块在连续相等的时间T内的位移分别是：
s₁=7.74cm，s₂=8.41cm，s₃=9.05cm，s₄=9.68cm，s₅=10.33cm，s₆=10.95cm，
T=0.04s
以a表示加速度，根据匀变速直线运动的规律，
a=
(s4+s5+s6)−(s1+s2+s3)
(3T)2=4.0m/s²
根据匀变速直线运动中时间中点是速度等于该过程中的平均速度得
纸带中P点瞬时速度大小v=
s5
T=2.6m/s
（2）对于重物受重力和拉力，根据牛顿第二定律有：mg-F=ma
对于木块水平方向受拉力和摩擦力，根据牛顿第二定律有：F-μMg=Ma
解得：μ=
mg−(M+m)a
Mg
故答案为：（1）4.0，2.6m/s（2）
mg−(M+m)a
Mg

点评：
本题考点： 测定匀变速直线运动的加速度；探究影响摩擦力的大小的因素．

考点点评： 要注意单位的换算．
对于相邻的计数点位移间隔不等时能够运用逐差法求解．

由给出的数据可知，重物落地后，木块在连续相等的时间T内的位移分别是：
s₁=7.72cm，s₂=7.21cm，s₃=6.71cm，s₄=6.25cm，s₅=5.76cm，s₆=5.29cm，s₇=4.81cm，s₈=4.31cm
由于每相邻两个计数点间还有1个点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.04s，
根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT²可以求出加速度的大小，得：
s₅-s₁=3a₁T²
s₆-s₂=3a₂T²
s₇-s₃=3a₃T²
s₈-s₄=4a₄T²
为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值
得：a=[1/4]（a₁+a₂+a₃+a₄）
=
(s5+s6+s7+s8)−(s1+s2+s3+s4)
16T2
=
(0.0576+0.0529+0.0481+0.0431)−(0.0772+0.0721+0.0671+0.0625)
16×0.042
=-3.0m/s²．
物体做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律，有：-μmg=ma，解得：μ＝−
a
g＝−
3
10＝0.30
故答案为：-3.0，0.30．

点评：
本题考点： 探究影响摩擦力的大小的因素．

考点点评： 本题关键明确物体的运动规律，然后运用匀变速直线运动的推论公式△x=aT2求加速度，根据牛顿第二定律和滑动摩擦定律求解动摩擦因素．

A、磁场方向垂直纸面向里，导体棒所受的安培力方向竖直向上，根据平衡，知悬线的拉力减小．故A正确．
B、磁场方向垂直纸面向外，导体棒所受的安培力方向竖直向下，根据平衡，知悬线的拉力增大．故B错误．
C、磁场方向平行于纸面向上，则安培力方向垂直纸面向外，当平衡时，绳子拉力大于重力，拉力增大．故C错误．
D、磁场方向平行于纸面向下，则安培力方向垂直纸面向内，当平衡时，绳子拉力大于重力，拉力增大．故D错误．
故选A．

点评：
本题考点： 安培力；左手定则．

考点点评： 解决本题的关键能够正确地受力分析，通过共点力平衡进行求解，掌握左手定则判断安培力的方向．

A、力是使物体产生形变和改变运动状态的原因，故A正确．
B、用细软线将物体悬挂起来静止，重力与细线的拉力二力平衡，则重力的作用线必定与细线在同一直线上，即重心一定在悬线所在的直线上，故B正确．
C、质量是物体惯性大小唯一量度，与速度无关，故C错误．
D、伽利略的理想实验证明力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因．故D错误．
故选AB

点评：
本题考点： 力的概念及其矢量性；重力．

考点点评： 本题关键要理解并掌握力的两种作用效果，知道惯性大小的量度和伽利略理想实验的意义．

（1）根据左手定则，电流的方向水平向右，磁场的方向垂直于纸面向里，知安培力的方向竖直向上
（2）根据安培力大小公式F=BIL得，
F=0.8×10×2N=16N
（3）根据共点力平衡有：2F_T+F=G
F_T=[G−F/2]=[20−16/2]=2N
答：（1）安培力方向竖直向上．（2）安培力大小为16N．（3）导线aM中拉力的大小为2N．

点评：
本题考点： 安培力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．

考点点评： 本题考查安培力的方向和大小的计算，以及基本共点力平衡的运算，比较简单，容易掌握．