小民在一本书的前15页夹标本.从头1页数起,（第一页不加）每隔3张夹进一片树叶,问共可夹多少片树叶?

（1）实验中两个同样的电热棒加热，目的是使水和煤油在相同的时间内吸收的热量相同；
（2）分析表格中的数据可以得出结论：当水和煤油的质量和升高的温度一定时，水吸收的热量比煤油多；
（3）选同样的加热时间（水和煤油吸热相同），如t=3min，t_A＞t_B，△t_A＞△t_B，所以B表示的是水吸热升温情况，A表示煤油吸热升温的情况；
它们在相同时间内升温不同的原因是水的比热容大于煤油的比热容；
（4）通过表中数据可知，每分钟温度升高2℃；初温为20℃，所以水的温度T_水和加热时间t之间的关系式是T_水=2℃/min•t+20℃．
故答案为：（1）相同时间吸收的热量；（2）水和煤油的质量和升高的温度；（3）A；（4）T_水=2℃/min•t+20℃．

点评：
本题考点： 比热容的概念．

考点点评： 本题考查了学生探究、分析实验的能力，本题关键：加热时间长短表示吸热多少．

（1）∵当不拉拉环时，金属滑片P刚好处于b端，电阻R全连入，
根据I=[U/R]得，
I=[U
R+R0＝
6V/50Ω+10Ω]=0.1A，
此时电压表的示数为U₀=IR₀=0.1A×10Ω=1V，
即拉力计表盘上的零刻度 应标在电压表表盘的1V处；
（2）当电压表的示数U₀′=2V时，
I′=
U0′
R0＝
2V
10Ω=0.2A，
所以电阻线连入电路的电阻值：R′=
U−U0′
I′＝
6V−2V
0.2A=20Ω；
（3）已知R是一根长为5cm的均匀电阻线并且阻值跟长度成正比，其最大阻值为50Ω，所以阻值与长度的对应关系为[50Ω/5cm]=10Ω/cm；
由图象知，当弹簧受到拉力F₁=200N时，弹簧伸长2cm，所以此时电阻线接入电路的长度为L₁=5cm-2cm=3cm，
接入电路的电阻为R₁=10Ω/cm×3cm=30Ω；
当弹簧受到拉力F₂=400N时，弹簧伸长4cm，所以此时电阻线接入电路的长度为L₁=5cm-4cm=1cm，
接入电路的电阻为R₂=10Ω/cm×1cm=10Ω；
两种情况下电路消耗的功率之比为
P1
P2＝

U2
R总1

U2
R总2＝
R总2
R总1＝
R2+R0
R1+R0＝
10Ω+10Ω
30Ω+10Ω＝
1
2．
答：（1）当不拉拉环时，拉力计表盘上的零刻度应标在电压表表盘的1V处；
（2）闭合开关，当电压表的指针指在2V时，滑动变阻器R_ab接入电路的电阻为20Ω；
（3）作用在拉环上拉力为200N和400N时电路消耗的功率之比为1：2．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；电功率的计算．

考点点评： 解此类题要弄清两种情况下，滑动变阻器连入的电阻值，分别利用欧姆定律和串联电路的分压关系求解；会从弹簧伸长的长度△L与所受拉力F问的关系图上找压力．

（1）①序号为a、b、c的三次实验中，物体的体积和浸没的液体都相同，不同因素是物体的质量；由图可知测力计的示数分别为：3N、3.5N、4N，而三个圆柱形物体A、B、C的重分别为4N、4.5N和5N，根据称重法，则所受浮力分别为1N、1N、1N，可见浮力相等，于是可得结论是：浮力的大小与物体的质量无关；
②结论：浮力的大小与液体的密度有关；液体的密度越大，同一物体受到的浮力也越大．根据控制变量法可知：其实验应该是保持物体的物体的体积、质量、浸没的深度等因素相同，变化的量是液体的密度；则符合要求的实验是：a、d、e三次实验．
（2）浮力的大小与物体浸入液体的深度之间关系的例子如：
在水下提升打捞的物体时，在物体未到达水面之前时，施加的拉力保持不变；则说明浮力的大小与物体浸入液体的深度无关．
（3）分析表格中数据，确定浮力的变化情况与物体所在深度的关系．1到3中，排开液体的体积不断增大，所受浮力也不断增大，而3到5中，完全浸没，排开液体的体积不变，深度增大，但浮力不变．所以可以看出浮力的大小与物体浸入液体的深度无关，与物体排开液体的体积有关．
故答案为：（1）物体的质量无关；a、d、e；（2）在水下提升打捞的物体时，在物体未到达水面之前时，施加的拉力保持不变；（3）浮力的大小与物体浸入液体的深度无关，与物体排开液体的体积有关．

点评：
本题考点： 探究浮力大小的实验．

考点点评： 本题中称重法测量浮力和控制变量法的运用是本实验操作和分析的关键；易错点在于对图的观察，找出实验中控制不变的量是哪些；改变的物理量是哪一个；这是解答本题的难点．

①实验（a）、（b）、（c）中三个小球的体积、所处高度相同，但质量不同，钢球的质量最大，木球的质量最小．发现钢球砸出的痕迹最深，说明重力势能的大小与物体的质量有关，且质量越大，重力势能越大．
②比较（d）（e）两次实验，两次小球的质量相同，但所处高度不同，小球所处高度越高，落下来砸出的痕迹越深，说明小球具有的重力势能越大．综上分析，可得：物体的质量越大，高度越高，物体的重力势能越大．
故答案为：①物体的质量；②物体的质量越大，高度越高，物体的重力势能越大．

点评：
本题考点： 势能的影响因素；控制变量法与探究性实验方案．

考点点评： 在设计实验和写结论时常用控制变量法来分析．在研究物理量的变化时常用转换法来分析．

（1）方法一先测空烧杯的质量，再测烧杯和液体总质量，最后将液体倒入量筒来测体积，这种做法会因烧杯壁粘液体而使测出的体积偏小，导致算出的液体密度偏大，所以方法一的做法不合理．
方法二先测烧杯和液体总质量，再将液体倒入量筒测出体积，最后测出剩余液体和烧杯的质量，用密度公式算出液体的密度．这种做法防止了容器壁粘液体带来的实验误差，是合理的．
故答案为：方法二．
（2）
烧杯和食用油的总质量m_总/g 烧杯和剩余食用油的总质量m₁/g 量筒中食用油的质量m₂/g 量筒中食用油的体积v/cm³ 食用油的密度
ρ/（g/cm³）

点评：
本题考点： 液体密度的测量．

考点点评： 在测液体密度时，玻璃容器中的液体向外倒的过程中，容器壁一定要粘液体，所以不能全部倒出，将会带来实验误差，在做实验时，必须考虑容器壁粘液体的问题．

（1）点燃蜡烛，应先调节烛焰、凸透镜和光屏的高度，使三者的中心大致在同一高度，像才能在光屏的中央位置．
（2）由实验1和2得，当物距大于2倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像．
凸透镜的焦距是10cm，如果将蜡烛移动到距离凸透镜15cm处，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像．实像能用光屏承接．
（3）凸透镜所成的实像都是倒立的，虚像一定是正立放大的．
（4）随着蜡烛的燃烧，蜡烛变短，根据光线过光心不改变方向，所以像会向上移动．
（5）A图，凸透镜不会成正立缩小的像，不会出现这种现象．
B图，凸透镜不会成左右颠倒，上下不颠倒的像，不会出现这种现象．
C图，物距小于焦距，成正立、放大的虚像．应用于放大镜．
故答案为：（1）同一高度；（2）缩小；倒立、放大的实像；能；（3）实像都是倒立的，虚像是正立放大的；（4）上；（5）A和B；C．

点评：
本题考点： 凸透镜成像规律及其探究实验；实像与虚像的区别；主光轴、光心、焦点和焦距．

考点点评： 通过实验数据总结实验结论这是实验题中经常出现的习题，题目中的数据可能不是物理课本上学过的内容，这是对学生总结能力的考查．

（1）由图知，此滑轮组由3段绳子承担物重，所以s=3h．
η=[Gh/Fs]=[20N×h/7.5N×3h]=88.9%
故答案为：
小军的实验记录 小民的实验记录
物理量
控制因素 钩码重/N 绳端拉力/N 机械效率 物理量
控制因素 钩码重/N 绳端拉力/N 机械效率
较小提升速度 10 4.2 79.4% 大致相同的提升速度 10 4.2 79.4%
中等提升速度 10 4.2 79.4% 15 6.0 83.3%
较大提升速度 10 4.2 79.4% 20 7.5 88.9%（2）从小军的记录中可以看出，滑轮组的机械效率与物体被提升的速度无关．
从小民的记录看，被提升物体的重力不断增大，其机械效率也不断增大，所以可以看出滑轮组的机械效率与物体被提升的物重有关，被提升的物体越重，则滑轮组的机械效率越高．
故答案为：被提升的物重；被提升的物体越重，滑轮组的效率越高．

点评：
本题考点： 滑轮（组）机械效率的测量实验．

考点点评： 此题主要是测量滑轮组的机械效率，同时考查了影响滑轮组机械效率的因素，考查了学生根据数据得出结论的能力，在分析时要注意机械效率的变化是由于哪个因素引起的．

根据当提升物体A时，滑轮组的机械效率
ηA＝
WA
W总×100%＝
GAh
(GA+G0)h×100%＝
GA
GA+G0＝75%
可解得G_o=300N，
F₁=G_人-
GA+G0
2，F₂=G_人-
GB+G0
2
代入数据得：
F1
F2=[1/5]，故
F2
F1=[5/1]
故答案为：5：1

点评：
本题考点： 滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算．

考点点评： 这是一道比例型题，要灵活应用已知条件找主要的条件．

因为液体的压强随着 深度的增加而增大，气泡在上升过程中，根据理想气体状态方程可知，气泡在上升过程中，气体温度T升高，压强p减小，因此越靠近水面的地方，水对气泡的压强就越小，气泡应该会越大，所以上面的气泡体积比下面的气泡体积要逐渐增大，而小军画的气泡没有体现这一点．
故答案为：深度；小；大．

点评：
本题考点： 液体的压强的特点．

考点点评： 解决本题的关键是抓住气泡上升过程中为理想气体且温度升高，另外水中压强从底往上压强逐渐减小．