2012年11月，“歼15”舰载机在“辽宁号”航空母舰上着舰成功．图1为利用阻拦系统让舰载机在飞行甲板上快速停止的原理示

冷锋过境，常出现阴天、刮风、下雨等天气现象．图中锋面到达北京时，北京的天气特点可能是降温、大风等天气．
故选：A．

点评：
本题考点： 锋面系统与天气．

考点点评： 本题难度较小，属于知识性试题，解题的关键是掌握锋面与天气．

A、邻苯二甲酸二辛酯是由邻苯二甲酸二辛酯分子构成的，不含氧分子，故选项说法错误．
B、C₂₄H₃₈O₄中碳、氧元素质量比为（12×24）：（16×4）≠6：1，故选项说法错误．
C、C₂₄H₃₈O₄中碳原子的相对原子质量之和为12×24=288，氢原子的相对原子质量之和为1×38=38，氧原子的相对原子质量之和为16×4=64，碳元素的相对原子质量之和最大，则碳元素的质量分数最高，故选项说法错误．
D、一个C₂₄H₃₈O₄分子是由24个碳原子、38个氢原子、4个氧原子构成的，一个C₂₄H₃₈O₄分子中含有24+38+4=66个原子，故选项说法正确．
故选D．

点评：
本题考点： 化学式的书写及意义；元素质量比的计算；元素的质量分数计算．

考点点评： 本题难度不大，考查同学们结合新信息、灵活运用化学式的含义与有关计算进行分析问题、解决问题的能力．

A、B、在0.4s～2.5s时间内，速度与时间的图象的斜率不变，则加速度也不变，所以合力也不变，因此阻拦索的张力的合力几乎不随时间变化，但由于阻拦索的夹角减小，故阻拦索的张力是减小的，故A错误，B正确；
C、在2.5s～3.0s时间内，由于加速度逐渐减小，故合力逐渐减小，故C错误；
D、由图象可知，从着舰到停止，飞机在甲板上滑行的距离即为图象与时间所构成的面积，即约为：
[70×3/2]m=105m，而无阻拦索的位移为1000m，因此飞机在甲板上滑行的距离约为无阻拦索时的[1/10]，故D正确；
故选：BD．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 考查由速度与时间的图象，来读取正确的信息：斜率表示加速度的大小，图象与时间所夹的面积表示位移的大小．注意阻拦索的张力与合力是不同的．

（1）由v-t图象可知，总位移为：
x=60×0.5+
1
2×60×2.5=105m
（2）设飞机所受阻力为f，由动能定理得：
fx₀=[1/2]mv
20
解得：f=4×10⁴N
当有拦索时设飞机加速度大小为a，阻拦索拉力为F，由v-t知加速度a=[△v/△t]=24m/s²
2Fcos53°+f=ma
联立上式并带入数据得：
F=3.67×10⁵N
（3）设阻拦系统对飞机做的功为W，飞机匀减速的位移为x，由动能定理有：
W-fx=0-[1/2]mv
20
代入数据解得：W=-3.3×10⁷J
答：（1）飞机着舰到停止的总位移105m；
（2）当阻拦索的夹角为106°时阻拦索的拉力3.67×10⁵N；
（3）阻拦索对飞机做的功-3.3×10⁷J．

点评：
本题考点： 动能定理的应用；力的合成．

考点点评： 考查由速度与时间的图象，来读取正确的信息：斜率表示加速度的大小，图象与时间所夹的面积表示位移的大小．注意阻拦索的张力与合力是不同的．

(1)飞机仅在阻力f的作用下做匀减速直线运动，根据动能定理

(2分)

解得(2分)

(2)根据v−t图像可求得飞机加速度大小(2分)

飞机受力如图所示。

根据牛顿第二定律(2分)

解得(2分)

(3)无阻拦索时，飞机需滑行

有阻拦索时，飞机实际滑行距离(1分)

由图像面积可知，从t1时刻至t2时刻，飞机的位移为(1分)

因此，从t2时刻至飞机停止，飞机的位移为(1分)

从t2时刻至飞机停止，根据动能定理(3分)

解得(2分)

（1） （2） （3）

A、在0.4s～2.5s时间内，速度与时间的图象的斜率不变，则加速度也不变，所以合力也不变，因此阻拦索的张力的合力几乎不随时间变化，但随拦阻索之间夹角的变化，阻拦索的张力是变化的，故A错误；
B、由图象可知，从着舰到停止，飞机在甲板上滑行的距离即为图象与时间所构成的面积，即约为[70×3/2m=105m，故B正确；
C、在滑行过程中，飞行员所承受的加速度大小为a=
△v
△t]=
10−6.5
2.5−0.4m/s2=26.2m/s²＞2.5g，故C正确；
D、在0.4s～2.5s时间内，阻拦系统对飞机做功的功率P=FV，虽然F不变，但V是渐渐变小，所以其变化的，故D错误；
故选：BC．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．

考点点评： 考查由速度与时间的图象，来读取正确的信息：斜率表示加速度的大小，图象与时间所夹的面积表示位移的大小；注意阻拦索的张力与张力的合力是不同的．

（1）无阻拦索时，汽车做匀减速直线运动；
设着舰时飞机的速度为v，无阻拦索时飞机加速度为a₁，所以
a₁=
v2
2x1=
702
2×1000=2.45m/s²；
根据速度时间图象面积表示位移，则从着舰到停止飞机在甲板上滑行的距离
则x₂=70×0.4-[1/2]×2.45×0.4²+[70−2.45×0.4+10/2]×2.1+[1/2]×10×0.5=113.3m；
（2）0.4s～2.5s时间内飞机的加速度大小
a₂=[70−2.45×0.4−10/2.1]m/s²=28.1m/s²
不计其他阻力，在0.4s～2.5s阻拦系统对飞机的作用力为：
F=ma₂=1.7×104×28.1N=4.78×105N
0.4s的速度v₁=v₀-a₁t=69m/s；
0.4s时阻拦索系统对飞机做功的功率：
P₁=Fv₁=4.78×105×69W=3.30×10⁷W；
答：（1）飞机在甲板上滑行的距离为113.3m；（2）0.4s时阻拦索作用力对飞机做功的功率为3.30×10⁷W．

点评：
本题考点： 功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的速度与时间的关系．

考点点评： 本题考查了图象、牛顿第二定律及功率公式；在解题时要注意根据图象明确飞机的运动过程，再由功率公式求解即可．

（1）由图示图象可知，舰载机着舰的速度为70m/s；
（2）由图象可知，舰载机被阻拦索钩住后1.6s，
即：t=0.4+1.6=2s时的速度为25m/s；
（3）由图图象可知，舰载机在0.4s时的速度v=65m/s，
在2.5s时的速度v′=10m/s，
则在这段时间内的平均加速度：
a=[△v/△t]=[10−65/2.5−0.4]≈-26.19m/s²；
答：（1）舰载机着舰的速度为70m/s．
（2）舰载机被阻拦索钩住后1.6s的速度约为25m/s．
（3）舰载机在0.4s到2.5s时间段内的平均加速度为-26.19m/s²．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．

考点点评： 本题考查了求速度与加速度问题，由v-t图象可以求出时刻所对应的速度，应用加速度定义式可以求出加速度；要加强读图能力的培养．

A、N的气压在1030--1040之间，M的气压是1020，所以N比M的气压高，故不符合题意；
B、N附近等压线稀疏，风力小，M附近等压线密集，风力大．N的气压在1030--1040之间，M的气压是1020，所以N比M的气压高，故正确；
C、N附近等压线稀疏，风力小，M附近等压线密集，风力大．N的气压在1030--1040之间，M的气压是1020，所以N比M的气压高，故不符合题意；
D、N附近等压线稀疏，风力小，M附近等压线密集，风力大，故不符合题意．
故选：B．

点评：
本题考点： 气压系统与天气．

考点点评： 该题考查对天气、天气系统的掌握与理解．根据等压线的疏密判断风力．根据气压数据判断高低压，此题难度不大．

A、由图象可知，从着舰到停止，飞机在甲板上滑行的距离即为图象与时间所构成的面积，即约为[70×3/2m＝105m，而无阻拦索的位移为1000m，因此飞机在甲板上滑行的距离约为无阻拦索时的
1
10]，故A正确；
B、在0.4s～2.5s时间内，速度与时间的图象的斜率不变，则加速度也不变，所以合力也不变，因此阻拦索的张力的合力几乎不随时间变化，但阻拦索的张力是变化的，故B错误；
C、在滑行过程中，飞行员所承受的加速度大小为a＝
△v
△t＝
10−65
2.5−0.4m/s2＝26.2m/s2＞2.5g，故C正确；
D、在0.4s～2.5s时间内，阻拦系统对飞机做功的功率P=FV，虽然F不变，但V是渐渐变小，所以其变化的，故D错误；
故选：AC

点评：
本题考点： 功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．

考点点评： 考查由速度与时间的图象，来读取正确的信息：斜率表示加速度的大小，图象与时间所夹的面积表示位移的大小．注意阻拦索的张力与张力的合力是不同的．

（1）飞机仅在阻力f的作用下做匀减速直线运动，
由动能定理得：-fx=0-[1/2]mv₁²，
解得：x=980m；
（2）由v-t图象可知，飞机加速度：
a=[△v/△t]=[10−70/2.4−0.4]=-30m/s²，加速度大小为30m/s²，
对飞机，由牛顿第二定律得：2Tcos[α/2]+f=ma，
解得：T=5.5×10⁵N；
（3）无阻拦索时，飞机需滑行x=980m，
有阻拦索时，飞机实际滑行距离：x′=x-s=82m，
由图象面积可知，从t₁时刻至t₂时刻，飞机的位移为s₁=80m，
从t₂时刻至飞机停止，飞机的位移为s₂=2m，
从t₂时刻至飞机停止，由动能定理得：
W-fs₂=0-[1/2]mv₂²，
解得：W=-9×10⁵J．
答：（1）飞机继续滑行的距离为980m．
（2）此时阻拦索中的弹力为5.5×10⁵N；
（3）阻拦索对飞机做的功为-9×10⁵J．

点评：
本题考点： 动能定理；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律．

考点点评： 本题考查了图象、牛顿第二定律动能定理的应用，在解题时要注意根据图象明确飞机的运动过程，再由动能定理、牛顿第二定律分析答题．

设供电局到抢修工地的距离为x千米，
由题意得，抢修车的速度为30km/h，吉普车的速度为30×1.5=45km/h，
则[x/30]-[20/60]=[x/45]，
解得：x=30．
答：供电局到抢修工地的距离为30千米．

点评：
本题考点： 一元一次方程的应用．

考点点评： 本题考查了一元一次方程的应用，解答本题的关键是仔细审题，表示出电工所需时间及抢修车所需时间，难度一般．

A、由图象可知，从着舰到停止，飞机在甲板上滑行的距离即为图象与时间所构成的面积，即约为：
s=[70×3/2m＝105m，而无阻拦索的位移为1000m，因此飞机在甲板上滑行的距离约为无阻拦索时的
1
10]．故A错误．
B、在0.4s～2.5s时间内，速度与时间的图象的斜率不变，则加速度也不变，所以合力也不变，因此阻拦索的张力的合力几乎不随时间变化，但由于阻拦索的夹角减小，故阻拦索的张力是减小的．故B错误．
C、滑行过程中，在0.4s～2.5s时间内加速度最大，最大加速度为：a=
65−10
2.5−0.4≈26m/s2．故C正确．
D、在0.4s-2.5s时间内，合力的大小不变，速度减小，做功的功率减小．故D错误．
故选：C．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；功率、平均功率和瞬时功率．

考点点评： 本题考查速度时间图线，知道斜率表示加速度的大小，图象与时间所夹的面积表示位移的大小．注意阻拦索的张力与合力是不同的．