理想变压器正常工作时,原线圈一侧与副线圈一侧保持不变的物理量是(  )

zzg52012022-10-04 11:39:541条回答

理想变压器正常工作时,原线圈一侧与副线圈一侧保持不变的物理量是(  )
A. 频率
B. 电压
C. 电流
D. 电功率

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任逍遥1314 共回答了16个问题 | 采纳率100%
解题思路:变压器的工作原理是互感现象,改变的是电压和电流,不变的是频率和电功率.

A、变压器的工作原理是互感现象,电流的频率是不会改变的,故A正确;
B、C、变压器的工作原理是互感现象,升压就会降低电流,降压就会提高电流,故B错误,C错误;
D、根据能量守恒定律,理想变压器正常工作时,输入与输出的电功率相等,故D正确;
故选:AD.

点评:
本题考点: 交变电流.

考点点评: 本题关键是明确变压器的工作原理,明确变压器改变的是电压和电流,基础题.

1年前

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A.电压表V 1 的示数约为311V
B.电流表A 1 的示数约为0.20A
C.电压表V 2 的示数约为44V
D.电流表A 2 的示数约为1.4A
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原线圈电压u=311sin100πt(V),可知原线圈的有效电压值为220V,所以电压表V 1 的示数约为220V,故A错误;
根据电压与匝数成正比,由原、副线圈匝数之比为5:1,可知,副线圈的电压有效值为44V.因电阻R 1 =20Ω,R 2 =24Ω,所以U 2 =24V,因此电压表V 2 的示数约为24V,故C错误;
副线圈中电流有效值为I 2 =
U
R 1 + R 2 =
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20+24 A=1A ,因此原线圈的电流为 I 1 =
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5 ×1A=0.02A ,所以电流表A 2 的示数约为1A,电流表A 1 的示数约为0.20A,故B正确,D错误;
故选B.
理想变压器原、副线圈匝数比为10:1,以下说法中正确的是(  )
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A. 穿过原、副线圈每一匝磁通量之比是10:1
B. 穿过原、副线圈每一匝磁通量的变化率相等
C. 原、副线圈每一匝产生的电动势瞬时值之比为10:1
D. 正常工作时原、副线圈的输入、输出功率之比为10:1
gengerqu1年前1
丛兰裛露 共回答了10个问题 | 采纳率100%
解题思路:理想变压器的工作原理是原线圈输入变化的电流时,导致副线圈的磁通量发生变化,从而导致副线圈中产生感应电动势.而副线圈中的感应电流的变化,又导致在原线圈中产生感应电动势.变压器的原副线圈电流与匝数成反比,原副线圈电压与匝数成正比.

A、理想变压器无漏磁,故穿过原、副线圈每一匝磁通量之比是1:1,故A错误;
B、理想变压器无漏磁,故穿过原、副线圈每一匝磁通量之比是1:1,故穿过原、副线圈每一匝磁通量的变化率相等,故B正确;
C、穿过原、副线圈每一匝磁通量之比是1:1,根据法拉第电磁感应定律,原、副线圈每一匝产生的电动势瞬时值之比为1:1,故C错误;
D、理想变压器改变的是电压和电流,不改变电功率,故正常工作时原、副线圈的输入、输出功率之比为1:1,故D错误;
故选:B.

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 理想变压器是理想化模型,一是不计线圈内阻;二是没有出现漏磁现象.同时副线圈的电压由原线圈电压与原副线圈匝数决定,而原线圈的电流由副线圈决定.

理想变压器的副线圈所在电路变化 使副线圈电路的电流改变 这会引起原线圈中的电流变化吗
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我认为不变 因为原线圈中的电压电阻都是定值,所以电流应该不变的
二娃1年前1
与毛毛虫qq 共回答了14个问题 | 采纳率92.9%
不对
——————————
理想变压器两端的电压不变
假设副线圈中电阻减小,副线圈的电流会增大
根据变压器原线圈输入功率等于副线圈输出功率.
原线圈中的电流也要变大.
————————————————
因为变压器不是纯电阻.因此原线圈电路也不是纯电阻电路,不能用欧姆定律分析.
定原线圈中的电流,要用两线圈功率相等的方法,由副线圈的负载功率变化情况反推回去.
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A.开关接通后,氖泡的发光频率为50Hz
B.开关断开后,原线圈输入电压的峰值为220V
C.开关断开后,原线圈中电流的峰值为12A
D.开关断开后,电阻R2消耗的电功率为4.4W
攸攸竹1年前1
yangshuoch 共回答了26个问题 | 采纳率100%
解题思路:由表达式知电流频率,由变压器的匝数与电压和电流的关系,结合闭合电路欧姆定律分析即可.

A、由交流电的表达式知频率为50Hz,氖泡中的电流频率与交流电的频率相同,A正确;
B、由交流电的表达式知开关断开后,R1的两端电压为
1

2×22=11
2V,原线圈的电压为110
2V,峰值为220V,B正确;
C、开关断开后,通过R1电流的峰值为1A,R2的电流峰值为0.2A,所以副线圈中的电流峰值为1.2A,则原线圈中的电流为0.12A,C错误;
D、开关断开后,电阻R2消耗的电功率为(
0.2

2)2×110=2.2W,D错误;
故选AB

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理;电功、电功率.

考点点评: 本题不但考查了变压器的特点,更是结合欧姆定律考查了峰值和有效值的计算.

理想变压器,原线圈与副线圈的电流与匝数的关系n1I1=n2I2+n3I3……的推导过程是什么?
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原线圈输入功率等于副线圈输出功率 U1I1=U2I2+U3I3…… U1:U2:U3=n1:n2:n3
理想变压器输入功率等于UI(有效值),如果次级线圈空载,那么输入功率等于0,I=0;但是
理想变压器输入功率等于UI(有效值),如果次级线圈空载,那么输入功率等于0,I=0;但是
但是,从另一个角度看,这时初级线圈是一个纯电感,上面加有u,就会有i,u超前i90度,这时i的有效值I不为0,不是与上面矛盾了吗?
jy7824331年前2
sailing_xie 共回答了15个问题 | 采纳率80%
1、在理想变压器中,没有有功的损失;
2、你所说的 i 是励磁电流,是滞后外加电压 u 90度;
3、此时的变压器有功损耗为:u*i*cos(90º)=0,而无功损耗为:u*i*sin(90º)=u*i(为最大值);
4、如果是实际变压器,那么他们的关系就是:有功=u*i*cos(φ);无功=u*i*sin(φ).
如图4变压器为理想变压器,原线圈的匝数N1与副线圈的匝数N2之比为10;1
如图4变压器为理想变压器,原线圈的匝数N1与副线圈的匝数N2之比为10;1
变压器的原线圈所接正显示电压的变化规律为U=100sin(100πT)V,两个20Ω的定值电阻串联接在副线圈两端,电压表V为理想交流电表,则A,原线圈两端的电压为100V,B,电压表V的读数为5V,C,原线圈两端电压的频率为50HZ D,副线圈两端电压的频率为5HZ
congning1年前1
bingshan75 共回答了18个问题 | 采纳率77.8%
原线圈两端的最大电压是100V,有效电压是50(2)^1/2V,A错误;电压表测得的是副线圈两端的有效电压,为原线圈两端的十分之一,B错误;f=w/(2pi)=100pi/(2pi)=50Hz,C正确;原副线圈两端交流的的频率相同,所以D错误.
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如图,有一理想变压器,原副线圈的匝数比为n,原线圈接正弦交流电,输出端接有一个交流电压表和一个电动机.电动机线圈电阻为R,当输入端接通电源后,电流表读数为I,电压表读数为U,电动机带动一重物匀速上升.下列判断正确的是(  )
A. 电动机两端电压为IR
B. 电动机消耗的功率为
U2
R

C. 电动机的输出功率为nUI-n2I2R
D. 变压器的输入功率为[UI/n]
不在想了1年前1
ww富ww强 共回答了18个问题 | 采纳率88.9%
解题思路:理想变压器的输入功率与输出功率相等,而副线圈与电动机相连,则电动机的输出功率与电动机线圈的内阻之和为副线圈的输出功率.

A、电动机两端电压等于副线圈的电压.由于是非纯电阻,所以不等于IR,故A错误;
B、电动机消耗的功率为P=
I2RR=(nI)2R,而U则是副线圈的电压,所以B错误;
C、电动机的输出功率为电动机的总功率减去消耗的功率,即为nUI-n2I2R,故C正确;
D、变压器的输入功率等于输出功率,即为nUI.故D错误;
故选:C

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理

考点点评: 电动机内有线圈则属于非纯电阻电路,所以电动机的输入功率等于电动机的线圈消耗功率与电动机的输出功率.而线圈消耗的功率不能为:PR=U2n2R

一理想变压器,原、副线圈的匝数保持不变,在原线圈上所加交变电压的有效值也保持不变.则这个变压器在工作时(  )
一理想变压器,原、副线圈的匝数保持不变,在原线圈上所加交变电压的有效值也保持不变.则这个变压器在工作时(  )
A. 副线圈两端的电压(有效值)一定保持不变
B. 原线圈中的电流(有效值)一定保持不变
C. 变压器的输入功率一定保持不变
D. 变压器的输出功率一定保持不变
Isabel小胖妞1年前1
儒雅男人 共回答了14个问题 | 采纳率85.7%
解题思路:输出电压是由输入电压和匝数比决定的,输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的,电压与匝数程正比,电流与匝数成反比,根据理想变压器的原理分析即可.

根据题意,结合原副线圈的电压与匝数成正比,可知,副线圈的电压保持不变,有效值也不变.
而输入功率则由输出功率确定,由于输出功率还与电阻有关,因此功率不一定变化,故A正确,BCD错误;
故选A

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 本题主要考查变压器的知识,要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解.

一理想变压器给负载供电,变压器输入电压U=sinwt
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为什么不是B
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v169 共回答了18个问题 | 采纳率88.9%
“负载增大”时指负载阻抗减小,这是:
次级电流变大、功率变大,
C答案正确.
如图所示,一个变压器(可视为理想变压器)的原线圈接在220V的市电上,向额定电压为55V的白炽灯供电,使它正常发光.
如图所示,一个变压器(可视为理想变压器)的原线圈接在220V的市电上,向额定电压为55V的白炽灯供电,使它正常发光.
(1)试求原、副线圈的匝数比n1:n2
(2)当副线圈电路中电流为10A时,变压器的输入功率是多大?
fdrhrtj541j1年前1
shelly_09 共回答了28个问题 | 采纳率82.1%
解题思路:根据电压与匝数成正比,电流与匝数成反比,即可求得结论;变压器的输入功等于输出功率.

(1)根据变压器的电压与匝数成正比,得:
n1
n2=
U1
U2=
220
55=
4
1;
(2)当副线圈电路中电流为10A时,P=U2•I=55×10=550W
所以:P=P=550W
答:(1)试求原、副线圈的匝数比n1:n2=4:1;
(2)当副线圈电路中电流为10A时,变压器的输入功率是550W.

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系,最大值和有效值之间的关系即可解决本题

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(2014•怀化一模)如图所示为一个小型电风扇电路简图,其中理想变压器的原、副线圈的匝数比为n,原线圈接电压为U的交流电源,输出端接有一只电阻为R的灯泡L和风扇电动机D,电动机线圈电阻为r.接通电源后,电风扇正常运转,测出通过风扇电动机的电流为I,则下列说法正确的是(  )
A.风扇电动机D两端的电压为Ir
B.理想变压器的输入功率为[UI/n]
C.风扇电动机D输出的机械功率为[UI/n]-I2r
D.若电风扇由于机械故障被卡住,则通过原线圈的电流为
U(R+r)
n2Rr
yilin_wu_19851年前1
CAD2010 共回答了17个问题 | 采纳率94.1%
解题思路:理想变压器的工作原理是原线圈输入变化的电流时,导致副线圈的磁通量发生变化,从而导致副线圈中产生感应电动势.而副线圈中的感应电流的变化,又导致在原线圈中产生感应电动势.变压器的电流比与电压比均是有效值,电表测量值也是有效值.

A、风扇电动机是非纯电阻,因此其两端电压不能为Ir,应该与灯泡的电压相等,故A错误;
B、理想变压器的原、副线圈的匝数比为n,原线圈接电压为U的交流电源,则输出端电压为[U/n],而电动机的输入功率为[UI/n],灯泡的功率为I2R=
U2
n2R,输入功率等于输出功率为[UI/n]+
U2
n2R.故B错误;
C、电动机的输入功率为[UI/n],而电动机的线圈电阻消耗的功率为I2r,则电动机D的机械功率为[UI/n]-I2r.故C正确;
D、因为副线圈两端的电压为[U/n],若电风扇由于机械故障被卡住,则副线圈回路可视为纯电阻电路,该回路的等效电阻为[R+r/Rr],所以副线圈中的电流为
URr
n(R+r),通过原线圈的电流为
U(R+r)
n2Rr,D正确;
故选:CD

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 理想变压器是理想化模型,一是不计线圈内阻;二是没有出现漏磁现象.同时当电路中有变压器时,只要将变压器的有效值求出,则就相当于一个新的恒定电源,其值就是刚才的有效值.

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(1)输电线路上的电压损失;
(2)升压变压器的原副线圈匝数比n 1 :n 2
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正道光明 共回答了23个问题 | 采纳率78.3%
(1)根据 P 损 = I 2 R 得,I=

4%P
R =

4×1 0 5
25.6 A=125A
则输电线路上的电压损失U =IR=125×25.6V=3200V
(2)原线圈的电流 I 1 =
P
U =
1 0 7
4000 A=2500A

n 1
n 2 =
I
I 1 =
125
2500 =
1
20
故升压变压器的原副线圈匝数比n 1 :n 2 为1:20..
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解题思路:根据理想变压器原副线圈匝数比等于电压比即可求解.

根据理想变压器原副线圈匝数比等于电压比得:

n1
n2=
U1
U2

n2
n0=
U2
U2-U′2
联立得:n1=
U1
U2-U′2n0
n2=
U2
U2-U′2n0
故答案为:
U1
U2-U′2n0,
U2
U2-U′2n0

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 本题主要考查了变压器原副线圈匝数比与电压比之间的关系,难度不大,属于基础题.

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A.开关S断开时,电流表示数为0.4A
B.开关S断开时,两电阻总的电功率为96W
C.开关S闭合时,电流表示数为0.45 A
D.开关S闭合时,两电阻总的电功率为54W
0539muzi1年前1
tkkyowu 共回答了18个问题 | 采纳率83.3%
AD

开关S断开时,根据 ,可得副线圈电压有效值为12V,则 ,又因为 ,所以电流表示数为0.4A,故A正确
开关S断开时,两电阻总的电功率为 ,故B错误
开关S闭合时,R1和R2两端的电压的有效值都是6V,则通过R1的电流 ,则通过R2的电流 ,根据 ,电流表的示数为有效值,所以可知电流表示数为 ,故C错误
开关S闭合时,两电阻总的电功率为 ,故D正确
故选AD
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A. 副线圈c、d两端的输出电压
B. 通过灯泡L1的电流
C. 副线圈输电线等效电阻R上的电压
D. 原线圈a、b两端的电压
haypt19791年前1
自拔自强 共回答了17个问题 | 采纳率88.2%
解题思路:输出电压是由输入电压和匝数比决定的,输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的,电压与匝数成正比,电流与匝数成反比,根据理想变压器的原理分析即可.

A、理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的,由于输入电压和匝数比不变,所以副线圈的输出的电压也不变,当开关S闭合时,也不会影响电压变化,所以A错误;
B、当S接通后,两个灯泡并联,电路的电阻减小,副线圈的电流变大,所以通过电阻R的电流变大,电压变大,那么并联部分的电压减小,所以通过灯泡L1的电流减小,所以B正确;
C、由于变压器的输入的功率和输出的功率相等,由于副线圈的电阻减小了,输出的功率变大了,所以原线圈的输入的功率也要变大,因为输入的电压不变,所以输入的电流要变大,则有输电线等效电阻R上的电压变大,所以C错误;
D、当开关S闭合时,并不会改变变压器输入电压,即原线圈a、b两端电压不变,故D错误;
故选:B.

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 本题主要考查变压器的知识,要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解.

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当理想变压器副线圈电路中的负载电阻减小时,以下说法正确的是( )
A.输出电流增大,输入电流随着减小 B.输出电流增大,输入电流也随着增大
C.输出功率减小,输入功率也减小 D.输出功率、输入功率都增大
woaiyw1年前1
齐蓝 共回答了19个问题 | 采纳率100%
BD

副线圈电阻减小,则电流增大,输出功率增大,输入功率随之增大.
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如图,一理想变压器原线圈输入的交变电压为e=311sin100πt V,其副线圈上,接有一只铭牌上标有“6V.9W”字样的灯泡,且刚好能正常发光,已知原线圈匝数n 1 为1100匝,则副线圈n 2 = .
kobe23561年前1
skf0125 共回答了16个问题 | 采纳率100%
n 2 = 30 匝.

因为 ,灯泡正常发光,所以副线圈输出电压为 ,根据公式 得n 2 = 30 匝.
有一电路连接如图8所示,理想变压器初级线圈接电压一定的交流电,则下列说法中正确的是(
有一电路连接如图8所示,理想变压器初级线圈接电压一定的交流电,则下列说法中正确的是()
A.只将s1从2拨向1时,电流表示数变小
B.只将s2从4拨向3时,电流表示数变大
C.只将S3从闭合变为断开,电阻R3两端电压增大
D.只将变阻器R3的滑动触头上移,变压器的输入功率减小
穆穆良朝1年前1
dearchacha 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
解题思路:

S12拨向1,输出电压不变,由于输出功率由副线圈决定,副线圈两端电压增大,消耗功率增大,所以电流表示数增大,A错;将S24拨向3,副线圈两端电压减小,消耗功率减小,所以电流减小,B错;S3从闭合变为断开,输出端电阻增大,但输出电压不变,则R2分压不变,C错;将变阻器R3的滑动触头上移,副线圈总电阻增大,总电流减小,副线圈两端电压一定,所以输出功率减小,所以电流减小。D对;故选D

D

(2008•孝感二模)如图所示,理想变压器的原、副线圈的匝数分别为n1、n2(n1≠n2),原线圈与电压为U0的正弦交流
(2008•孝感二模)如图所示,理想变压器的原、副线圈的匝数分别为n1、n2(n1≠n2),原线圈与电压为U0的正弦交流电源相连,副线圈接负载R,当负载R的阻值增大时,下列说法中正确的是(  )
A.副线圈的输出电压不变
B.变压器的输入功率增大
C.负载R消耗的功率变大
D.负载R两端的电压减小
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gerryjoy 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
解题思路:根据理想变压器的原副线圈的电压与匝数关系,来确定副线圈电压如何变化;理想变压器的输入功率由输出功率决定;由P=
U2
R
来确定功率的变化.

A、理想变压器的原副线圈的电压与匝数成正比,因原线圈的电压不变,匝数也不变,所以副线圈的电压也不变,由图可知,负载R两端的电压,即为副线圈的电压,故A正确,D错误;
B、当负载R的阻值增大时,因公式P=
U2
R可知,当R增大时,由于U不变,所以功率P在减小,即负载R消耗的功率变小,则原线圈的输入功率也减小,故BC错误,
故选A

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 考查理想变压器的变压比,掌握原副线圈间的功率关系,理解P=U2R的应用.

如图所示,理想变压器B的原线圈跟副线圈的匝数比n1:n2=2:1,交流电源电压U1=220V,F是熔断电流为I0=1.0
如图所示,理想变压器B的原线圈跟副线圈的匝数比n1:n2=2:1,交流电源电压U1=220V,F是熔断电流为I0=1.0A的保险丝,负载为一可变电阻.

(1)当电阻R=100Ω时,保险丝能否被熔断?
(2)要使保险丝不被熔断,电阻R的阻值应不小于多少?变压器输出的电功率不能超过多少?
kaidn1231年前1
gglmm 共回答了19个问题 | 采纳率89.5%
解题思路:根据电压之比等于线圈匝数比求出副线圈电压,当可变电阻R的阻值变大时,电流变小,副线圈功率变小,则原线圈功率也变小,根据原线圈电路中电流的最大值求出副线圈电流最大值,进而求出可变电阻R的最小值,可变电阻的耗电功率是变化的.

(1)根据电压与匝数成正比知副线圈的电压:U2=
1
2×220=110V
当电阻R=100Ω时,副线圈中电流:I2=
110
100=1.1A
由输入功率等于输出功率知原线圈电流:I1=
U2
U1I2=
110
220×1.1=0.55A<1A
故保险丝不会熔断.
(2)设电阻R为r时,原线圈中电流刚好达到熔断电流,即I1=1A
副线圈知电流:I2=
n1
n2I1=2A
r=
U2
I2=
110
2=55Ω
此时输出功率:P2=U2I2=110×2=220W
答:(1)当电阻R=100Ω时,保险丝不能被熔断;
(2)要使保险丝不被熔断,电阻R的阻值应不小于55欧姆,变压器输出的电功率不能超过220W.

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理;电功、电功率;正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率.

考点点评: 本题考查了变压器的变压原理,知道电压、电流与匝数的关系,结合输入功率等于输出功率即可求解.

一道关于理想变压器的问题如图所示,理想变压器的原线圈a、b两端接正弦交流电压,副线圈c、d两端通过输电线接两只相同的灯泡
一道关于理想变压器的问题
如图所示,理想变压器的原线圈a、b两端接正弦交流电压,副线圈c、d两端通过输电线接两只相同的灯泡、,输电线的等效电阻为,当开关由原来的闭合状态变为断开时,下列各量中减小的是
A.副线圈c、d两端的输出电压
B.副线圈输电线等效电阻R上的电压
C.通过灯泡上的电流强度
D.原线圈上的电流强度

/>
苟朋1年前4
比乌鸦黑 共回答了16个问题 | 采纳率87.5%
A.输出电压为:U2,U2由U1和匝数比决定,U1不变,匝数比不变,U2不变
B.当开关断开时,输出电路的电阻增大,输出电路的电流由U2和负载决定,负载增大,电流减小.
电阻R和L1为串联电路,电流相同,故电压减小.(楼下怎么看)
C.见上
D输入电路的电流由输出电路的电流和匝数比决定,输出减小,匝数比不变,输入减小
如图甲所示,M是一个小型理想变压器,原副线圈匝数之比n 1 :n 2 =20:1,接线柱 、 接上一个正弦交变电源,电压
如图甲所示,M是一个小型理想变压器,原副线圈匝数之比n 1 :n 2 =20:1,接线柱 接上一个正弦交变电源,电压随时间变化规律如图乙所示.变压器右侧部分为一火警报警系统原理图,其中R 2 为用半导体热敏材料(电阻随温度升高而减小)制成的传感器,R 1 为一定值电阻.下列说法中正确的是 ( )
A.电压表的示数小于11V
B.此交变电源的频率为50Hz
C.当传感器R 2 所在处出现火警时,电压表的示数减小
D.当传感器R 2 所在处出现火警时,电流表的示数减小
sunxia11271年前1
msyjyd 共回答了16个问题 | 采纳率81.3%
解题思路:

原线圈中的电压有效值为,根据公式可得副线圈两端的电压为11V,由于电压表不是测量的副线圈两端电压,所以示数小于11VA正确;该交流电的频率为

B正确;当出现火警时,温度升高,电阻减小,副线圈的电流变大,所以的电压要增大,由于副线圈的总电压不变,所以的电压就要减小,所以C正确;由B的分析可知,副线圈的电阻减小,副线圈的电流变大,所以原线圈的电流也就要增大,所以D错误;

故选ABC

ABC


<>

如图所示,电路中理想变压器原、副线圈接入电路的匝数可通过单刀双掷开关改变,为交流电流表.在变压器原线圈a、b两端加上一峰
如图所示,电路中理想变压器原、副线圈接入电路的匝数可通过单刀双掷开关改变,为交流电流表.在变压器原线圈a、b两端加上一峰值不变的正弦交变电压.下列分析正确的是(  )

A.只将
S
1
从1拨向2时,电流表示数变小
B.只将
S
2
从3拨向4时,电流表示数变大
C.只将R的滑片上移,
R
2
的电功率变大
D.只将R的滑片上移,
R
2
端的输入功率减小
非专业qq1年前1
梯牧 共回答了26个问题 | 采纳率80.8%
解题思路:由图可知:电流表测量的是原线圈电流,根据输出电压是由输入电压和匝数比决定的,输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的,电压与匝数成正比,电流与匝数成反比分析即可.

根据
U1
U2=
n1
n2得:U2=
n2
n1•U1,根据:
I1
I2=
n2
n1得:I2=
n1
n2•I1
A、将
S 1从1拨向2时,原线圈的匝数减少,所以副线圈上的电压增大,负载上的功率增大,所以电流表示数变大.故A错误;
B、将
S 2从3拨向4时,副线圈的匝数减少,所以副线圈上的电压减小,负载上的功率减小,所以电流表示数变小.故B错误;
C、D、将R的滑片上移,接入电路的有效电阻变大,所以串联电路(R和R2)的电阻增大,流过串联电路的电流变小,所以电阻R2的电功率变小.故C错误,D正确.
故选:D

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 本题主要考查变压器的知识,要学会对变压器上的电流、电压的变化进行分析.属于中档题目.

用理想变压器给电灯l供电,如果只增加副线圈匝数,其他条件不变,
用理想变压器给电灯l供电,如果只增加副线圈匝数,其他条件不变,
那么流过电灯的电流会怎么变化?变压器的输入功率又会怎样变化?
lhp221年前2
南瓜的种子 共回答了16个问题 | 采纳率81.3%
你是高二的吧?灯I是接在副线圈上的吗?看作灯的电阻不变,若增加副线圈匝数,副线圈的电压会增大,据I=U/R可得,电流I会增大.又因为P=UI,所以灯消耗的功率会增大.又根据能量守恒定律,变压器的输入功率也会变大.用爪机打的,很辛苦,
如图所示,理想变压器的原线圈接在u=220 sin(100πt)(V)的交流电源上,副线圈接有R=55Ω的负载电阻。原、
如图所示,理想变压器的原线圈接在u=220 sin(100πt)(V)的交流电源上,副线圈接有R=55Ω的负载电阻。原、副线圈匝数之比为2∶1。电流表、电压表均为理想电表。下列说法正确的是
[ ]
A.原线圈中电流表的读数为1A
B.原线圈中的输入功率为
C.副线圈中电压表的读数为110 V
D.副线圈中输出交流电的周期为50s
骨中冰1年前1
yaya5z 共回答了24个问题 | 采纳率95.8%
A
理想变压器的初级线圈L,次级线圈有L1和L2,R2=11*10^4Ω,已知线圈L1和L2的匝数比为1:50.但S断开时,
理想变压器的初级线圈L,次级线圈有L1和L2,R2=11*10^4Ω,已知线圈L1和L2的匝数比为1:50.但S断开时,L1中的电流为0.5A.电源电压为55V,若将S闭合,求初级线圈中的电流.
因为没有图,L1上有串有电阻R1.L2上串有电阻R2和开关S.
hao02111年前2
lingshixiaolu 共回答了14个问题 | 采纳率92.9%
R2我没看清楚是多少,R2折合到初级线圈侧的电阻R2'=R2/(K*K) .K是变压比,公式不好打
当次级开路时,R1=55/0.5=110Ω
这样整个电路就变成55V电源后面跟两个串联的电阻R1和R2'I=55/(R1+R2')
公式R2'=R2/(K*K)的解释:设负载电阻R2,从初级看变压器和负载总的可以看成一个负载电阻R2'.根据欧姆定律U1/I1=R2',U2/I2=R2所以R2'/R2=(U1/I1)/(U2/I2)即R2'/R2=(U1*I2)/(U2*I1)=K*K
某理想变压器,当其输入端接在电动势为E,内阻为r的交流电源上,如图所示,输出端接在电阻为R的负载上时
某理想变压器,当其输入端接在电动势为E,内阻为r的交流电源上,如图所示,输出端接在电阻为R的负载上时
R上可获得最大功率,求:
(1)这时的输出电流为多大?负载上最大功率是多少?
(2)负载上获得最大功率时,变压器的原副线圈电压各为多少?
(3)变压器的变压比是多少?电源效率是多少?

昆仑奴cc1年前3
眉飞色舞808 共回答了15个问题 | 采纳率100%
(1)设原线圈两端的电压是U1,匝数是 n1,原线圈中的电流是 I1;副线圈两端的电压是U2,匝数是 n2 ,副线圈中的电流是 I2将变压器和电阻R合在一起作为电源的负载,则由于这时R可获得最大功率,得U1 / I1=r 由于 U2 / I...
理想变压器原线圈的ab端接在电压不变的交流电源上.当副线圈中的电键K闭合时,完全相同的四盏灯亮度相同,如果将电键K断开,
理想变压器原线圈的ab端接在电压不变的交流电源上.当副线圈中的电键K闭合时,完全相同的四盏灯亮度相同,如果将电键K断开,则各盏灯得亮度()
L1灯变暗,L2和L3灯变亮
为什么的阿.
L1与原线圈串联,L2,L3,L4都与副线圈并联,电键K在L3,L4之间
simonlixiaoyi1年前1
hsxsldd 共回答了17个问题 | 采纳率94.1%
亮度一样说明经过灯泡的电流相等,那么初级的电流就是次级线圈的1/3,N1:N2=I2:I1=3:1
初级线圈上电压:次级线圈的电压=N1:N2=3:1,此时所有灯泡上的电压也就等于次级的电压
断开K以后,变压器的输出总功率减小,变压器输入电流就变小,所以L1灯泡会变暗,变压器初级上分压会增加,然后次级输出电压也就增加了,所以L2,L3变亮
某发电站的输出功率为10的7次方 输出电压为4KV,通过理想变压器升压后向80km远处供电。已知输电导线的电阻率为2.4
某发电站的输出功率为10的7次方 输出电压为4KV,通过理想变压器升压后向80km远处供电。已知输电导线的电阻率为2.4*10负8方欧.导线横截面积为1.5*10负4方米平方,输电线损失的功率为输出功率的4%,求:(1)升压变压器的输出电压(2)输电线路上的电压损失
fay74291年前1
zhongli317 共回答了21个问题 | 采纳率100%
输电线电阻R=2ρL/S =2.4*10^(-8)*80*10^3/1.5*10^(-4)=25.6Ω
输电线损失功率ΔP=I^2R
即0.04*10^7=I^2*25.6 I=125A
升压变压器的输出电压 U=P/I=10^7/125=8*10^4V
输电线路上的电压损失 ΔU=IR=125*25.6V=3200V
电路方面的问题:一个变比为10,一个变比为5的理想变压器,如果并联,等效变比为多少?
电路方面的问题:一个变比为10,一个变比为5的理想变压器,如果并联,等效变比为多少?
涉及到变比设备或者支路并联问题,该如何计算呢?
洋葱头19831年前1
晒黑的猫 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
这样并联不行吧?
并联运行的变压器必须具备以下三个条件:
1、各变压器的原边额定电压要相等,各副边额定电压也要相等,即变比要相等;
2、各变压器副边线电势对原边线电势的相位差应相等,即连接组要相同;
3、各变压器的阻抗电压标么值应相等,短路阻抗角应相等.
一个理想变压器原、副线圈的匝数分别为1100匝和200匝.若原线圈接到220V的电路中,且允许通过的最大电流为1.2A,
一个理想变压器原、副线圈的匝数分别为1100匝和200匝.若原线圈接到220V的电路中,且允许通过的最大电流为1.2A,则在副线圈的两端最多能并联几个阻值为160W的用电器?
答案是26...怎么算的呢?
GOD和我一边1年前1
胆小鼠_ 共回答了17个问题 | 采纳率94.1%
是160欧姆吧
原线圈最大输送功率:220*1.2=264W
副线圈得电压:200*(1100/220)=40V
一个电阻得功率为:40^2/160=10W
264W/10W=26.4个
所以只能接26个
如图所示,理想变压器原线圈接电压有效值不变的正弦交流电,副线圈接灯泡L1和L2,输电线的等效电阻为R,开始时S断开.现接
如图所示,理想变压器原线圈接电压有效值不变的正弦交流电,副线圈接灯泡L1和L2,输电线的等效电阻为R,开始时S断开.现接通S,以下说法正确的是(  )
A.M、N两端输出电压U减小
B.等效电阻R的电压增大
C.灯泡L1的电流增大
D.电流表的示数减小
红色火枪手1年前1
qbyt 共回答了19个问题 | 采纳率94.7%
解题思路:本题类似于闭合电路中的动态分析问题,可以根据接通s后电路电路电阻的变化,确定出总电路的电阻的变化,进而可以确定总电路的电流的变化的情况,再根据电压不变,来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况.

A、理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的,由于输入电压和匝数比不变,所以副线圈的输出的电压也不变,故A错误;
BC、当S接通后,两个灯泡并联,电路的电阻减小,副线圈的电流变大,所以通过电阻R的电流变大,电压变大,那么并联部分的电压减小,所以通过灯泡L1的电流减小,灯泡L1变暗,故B正确,C错误;
D、当S接通后,两个灯泡并联,电路的电阻减小,副线圈的电流变大,所以原线圈的电流也变大,故D错误;
故选:B.

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理;正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率.

考点点评: 电路的动态变化的分析,总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况,再确定其他的电路的变化的情况,即先部分后整体再部分的方法.

(2011•柳州二模)如图供电电路的变压器可视为理想变压器,已知变压器原线圈与副线圈匝数比n1n2=115,加在原线圈的
(2011•柳州二模)如图供电电路的变压器可视为理想变压器,已知变压器原线圈与副线圈匝数比
n1
n2
11
5
,加在原线圈的电压为u1=311sin100πt(V),副线圈与灯泡连接,灯泡的额定电流为0.28A,电阻R=500Ω.下列判断正确的是(  )
A.副线圈两端电压U2=141V
B.灯泡可以正常发光
C.通过灯泡的交变电流的频率为100HZ
D.原线圈的输入功率为20W
牛蛇龙1年前1
人不如姑 共回答了19个问题 | 采纳率89.5%
解题思路:根据电压与匝数成正比,电流与匝数成反比,变压器的输入功率和输出功率相等,逐项分析即可得出结论.

A、电压与匝数成正比,原线圈的电压有效值为
311

2V=220V,所以副线圈的电压的有效值为U2=
5
11 U1=100V,所以A错误.
B、灯泡的电流为I=[U/R]=[100/500]A=0.2A,小于灯泡的额定电流为0.28A,所以灯泡不能正常发光,所以B错误.
C、变压器不会改变电流的频率,通过灯泡的交变电流的频率为f=[1/T]=[ω/2π]=[100π/2π]=50Hz,所以C错误.
D、灯泡消耗的功率为P=
U2
R=
1002
500W=20W,变压器的原线圈和副线圈的功率是相同的,所以原线圈的输入功率为20W,所以D正确.
故选D.

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系,本题即可得到解决.

(2013•河南一模)如图所示的交流电路中,理想变压器原线圈输入电压为U1,输入功率为P1,输出功率为P2,各交流电表均
(2013•河南一模)如图所示的交流电路中,理想变压器原线圈输入电压为U1,输入功率为P1,输出功率为P2,各交流电表均为理想电表.当滑动变阻器R的滑动头向下移动时(  )
A.灯L变亮
B.各个电表读数均变大
C.因为U1不变,所以P1不变
D.P1变大,且始终有P1=P2
vvvbvv1年前1
隐居地方 共回答了25个问题 | 采纳率100%
解题思路:和闭合电路中的动态分析类似,可以根据滑动变阻器R的变化,确定出总电路的电阻的变化,进而可以确定总电路的电流的变化的情况,再根据电压不变,来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况.

理想变压器的输出的电压有输入电压和电压比决定,输入电压不变,所以输出电压也不会变,输入功率和输出功率始终相等,当滑动变阻器R的滑动头向下移动时,滑动变阻器的电阻减小,总电路的电阻减小,所以总电路的电流会变大,消耗的功率将变大,R0上的电压变大,所以灯L的电压变小,电压表的示数变小,所以灯L变暗,由于总的电流变大,灯L的电流变小,所以电流表的示数将变大,所以ABC错误,D正确.
故选D.

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 电路的动态变化的分析,总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况,再确定其他的电路的变化的情况,即先部分后整体再部分的方法.

如图,有一理想变压器,原副线圈的匝数比为n,原线圈接正弦交流电,输出端接有一个交流电压表和一个电动机。电动机线圈电阻为R
如图,有一理想变压器,原副线圈的匝数比为n,原线圈接正弦交流电,输出端接有一个交流电压表和一个电动机。电动机线圈电阻为R,当输入端接通电源后,电流表读数为I,电压表读数为U,电动机带动一重物匀速上升。下列判断正确的是
[ ]
A、电动机两端电压为
B、电动机消耗的功率为U 2 /R
C、电动机的输出功率为nUI-n 2 I 2 R
D、变压器的输入功率为UI/n
棋楠沉香1年前1
cuibuy 共回答了20个问题 | 采纳率100%
C
理想变压器原、副线圈的匝数比为10:1.原线圈输入电压的变化规律如图甲所示,副线圈所接电路如图乙所示,P为滑动变阻器R的
理想变压器原、副线圈的匝数比为10:1.原线圈输入电压的变化规律如图甲所示,副线圈所接电路如图乙所示,P为滑动变阻器R的滑动片.下列说法正确的是(  )
A.副线圈输出电压的频率为100Hz
B.副线圈输出电压的有效值为31V
C.P向右移动时,原、副线圈的电流都减小
D.P向右移动时,变压器的输出功率增加
enha1年前1
城之瞳 共回答了11个问题 | 采纳率81.8%
解题思路:根据瞬时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等,再根据电压与匝数成正比即可求得结论.

A、由图象可知,交流电的周期为0.02s,所以交流电的频率为50Hz,所以A错误.
B、根据电压与匝数成正比可知,原线圈的电压的最大值为310V,所以副线圈的电压的最大值为31V,所以电压的有效值为V=
31

2V,所以B错误.
C、P右移,R变小,副线的电压不变,则副线圈的电流变大,原线圈的电流也随之变大,故C错误.
D、P向右移动时,滑动变阻器的电阻较小,副线圈的电压不变,所以电路消耗的功率将变大,变压器的输出功率增加,故D正确.
故选:D.

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理;交流的峰值、有效值以及它们的关系.

考点点评: 电路的动态变化的分析,总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况,再确定其他的电路.

(2014•大连一模)如图所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为10:1,原线圈接电压恒定的交流电,副线圈输出端接有R=4
(2014•大连一模)如图所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为10:1,原线圈接电压恒定的交流电,副线圈输出端接有R=4Ω的电阻和两个“18V,9W”相同小灯泡,当开关S断开时,小灯泡L1刚好正常发光,则(  )
A.原线圈输入电压为200V
B.S断开时原线圈中的电流为0.05A
C.闭合开关S后,原、副线圈中的电流之比增大
D.闭合开关S后,小灯泡L1消耗的功率减小
_老袁1年前1
葳7 共回答了20个问题 | 采纳率95%
解题思路:输出电压是由输入电压和匝数比决定的,输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的,电压与匝数成正比,电流与匝数成反比,根据理想变压器的原理分析即可.

A、灯泡正常发光,副线圈电流为I=[9/18]=0.5A,所以副线圈两端电压U=18+0.5×4=20V,电压与匝数成正比,原线圈输入电压为200V,所以A正确;
B、电流与匝数成反比,由A知S断开时原线圈中的电流为0.05A,所以B正确;
C、闭合开关S后,原、副线圈中的电流之比不变,所以C错误;
D、当开关S闭合时,总电阻减小,副线圈电压不变,所以副线圈电流增大,R分压增大,小灯泡L1消耗的功率减小,故D正确;
故选:ABD.

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理;电功、电功率.

考点点评: 本题主要考查变压器的知识,要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解.

如图所示,理想变压器的原线圈接入u=11 000 sin100πt(V)的交变电压,副线圈通过电阻r=6 Ω的导线对“2
如图所示,理想变压器的原线圈接入u=11 000 sin100πt(V)的交变电压,副线圈通过电阻r=6 Ω的导线对“220 V/880 W”的电器R L 供电,该电器正常工作。由此可知
A.原、副线圈的匝数比为50∶1
B.交变电压的频率为100 Hz
C.副线圈中电流的有效值为4 A
D.变压器的输入功率为880 W
grant331年前1
上海新天地 共回答了16个问题 | 采纳率100%
解题思路:

由表达式可知角速度为100πrad/s,则频率为,选项B错误;电器流过的电流为880/220=4A,输出电压为,则原、副线圈的匝数比为,选项A错误;同理判断选项C正确;输入功率由输出功率决定,为244V×4A=976W,选项D错误;故选C

C


<>

理想变压器初级接220v正弦交流电,负载是一个阻值r=10欧的电阻,次级线圈b,...
理想变压器初级接220v正弦交流电,负载是一个阻值r=10欧的电阻,次级线圈b,...
理想变压器初级接220v正弦交流电,负载是一个阻值r=10欧的电阻,次级线圈b,c间匝数为10
通过变压器铁芯磁通量最大值
积极不干预1年前1
qingdaofufang 共回答了22个问题 | 采纳率95.5%
有点乱!缺条件,若r等于220V的负载,又多出次级线圈的条件
用电记峰期,电灯往往会变暗,其原理如图所示,可简化为如下物理问题:在理想变压器的副线圈
用电记峰期,电灯往往会变暗,其原理如图所示,可简化为如下物理问题:在理想变压器的副线圈
用电记峰期,电灯往往会变暗,其原理如图所示,可简化为如下物理问题:在理想变压器的副线圈上,通过输电线连接两只灯泡L1和L2,输电线的等效电阻R,原线圈输入有效值恒定的交流电压,当开关S闭合时,以下说法正确的是(  )
A.电灯往往会变暗
B.通过电阻R电流增大
C.副线圈输出电压减小
D.原线圈输入功率减小
fk67t1年前3
独上兰舟321 共回答了12个问题 | 采纳率100%
当S闭合时,总电流变大,所以在R上的电压变大,电灯 L1会变暗 A 正确 B正确
原线圈输入功率要变大,所以 D 错误
匝数不变,所以 副线圈上的电压不变 C 错误
如图甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数比是50:1,b是原线圈的中心抽头,图中电表均为理想的交流电表,定值电阻R=10Ω
如图甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数比是50:1,b是原线圈的中心抽头,图中电表均为理想的交流电表,定值电阻R=10Ω,其余电阻不计.从某时刻开始在原线圈c、d两端加上如图乙所示的交变电压.则下列说法中正确的是(  )


A.当单刀双掷开关与a连接时,电压表的示数为4.4V
B.当单刀双掷开关与a连接且t=0.01s时,电流表示数为零
C.当单刀双掷开关由a拨向b时,原线圈的输入功率变大
D.当单刀双掷开关由a拨向b时,副线圈输出电压的频率变为25Hz
aishice1年前1
lilimarleen 共回答了23个问题 | 采纳率87%
由图象可知,电压的最大值为220
2 V,交流电的周期为2×10 -2 s,所以交流电的频率为f=
1
T =50Hz,
A、交流电的有效值为220V,根据电压与匝数程正比可知,副线圈的电压为4.4V,所以A正确.
B、电流表示数为电流的有效值,不随时间的变化而变化,所以电流表的示数为
4.4
10 A=0.44A,所以B错误.
C、当单刀双掷开关由a拨向b时,原线圈的匝数变小,所以副线圈的输出的电压要变大,电阻R上消耗的功率变大,原线圈的输入功率也要变大,所以C正确.
D、变压器不会改变电流的频率,所以副线圈输出电压的频率为50Hz,所以D错误.
故选AC.
如图所示,理想变压器原、副线圈匝数比n1:n2=4:1,原线圈两端连接光滑导轨,副线圈与电阻R相连组成闭合回路,当直导线
如图所示,理想变压器原、副线圈匝数比n1:n2=4:1,原线圈两端连接光滑导轨,副线圈与电阻R相连组成闭合回路,当直导线AB在匀强磁场中沿导轨(导轨电阻不计)匀速地向右运动,电流表A1的读数是12mA,那么电流表A2的读数是(  )
A. 48mA
B. 0
C. 3mA
D. 与R值大小有关
DDucker1年前1
翔未知 共回答了14个问题 | 采纳率85.7%
解题思路:变压器是根据磁通量的变化来工作的,当原线圈的磁通量恒定时,副线圈是没有感应电流的,根据变压器的工作的原理分析原线圈中的电流的变化情况即可的出结论.

由于直导线AB匀速运动,则AB切割磁场产生的电流时恒定的,线圈产生的磁通量也是恒定的,所以不会引起副线圈的磁通量的变化,所以副线圈不会有感应电流产生,即安培表A2的读数为0.
故选B

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 变压器只能在交流电路中工作,变压器是根据磁通量的变化来工作的,知道变压器的工作的原理就可以解决本题.

(2012•江苏三模)如图甲所示,理想变压器原线圈接在220V的交流电源上,向一个半波整流电路供电,电阻R的阻值为10Ω
(2012•江苏三模)如图甲所示,理想变压器原线圈接在220V的交流电源上,向一个半波整流电路供电,电阻R的阻值为10Ω,整流前、后的电压波形如图乙所示.下列说法正确的是(  )
A.二极管D具有单向导电性
B.电阻R两端的电压为10V
C.变压器的输入功率为20W
D.变压器匝数比为11:1
huanggangfengno11年前1
沙中土 共回答了22个问题 | 采纳率90.9%
解题思路:根据图象可以求得输出电压的有效值,二极管的作用是只允许正向的电流通过,再根据电压与匝数成正比和电流的热效应即可求得结论.

A、二极管具有单向导电性,整流前,副线圈两端电压有效值为10
2V,整流后电压为U,由电流热效应知
(10
2)2

T
2=
U2
RT,得U=1OV,AB正确;
C、输入功率等于输出功率P=
102
10=10W,所以C错误;
D、电压与匝数成正比,变压器匝数比为220:10
2=11
2:1,所以D错误.
故选:AB

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理;电功、电功率;正弦式电流的图象和三角函数表达式.

考点点评: 本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系,同时对于二极管和电容器的作用要了解.

理想变压器原副线圈匝数比为2:1 ,A,B为完全相同的灯泡电源电压为U,则B两端电压为?
lnn34861年前1
loner 共回答了13个问题 | 采纳率92.3%
设灯泡电阻为R,原边电流为I1,副边电流I2,灯泡B的电压Ub
则:原边线圈两端的电压为=U-I1*R; 副边电压=I2*R;所以:(U-I1*R)/I2*R=N1/N2
又:I1/I2=N2/N1;所以:I1=I2*N2/N1将其代入上式得:
I2*R=N1*N2*U/(N1平方+N2平方)
即Ub=U/(N1/N2+N2/N1)=2U/5=0.4U
(2014•中山二模)如图为远距离输电的电路原理图,变压器均为理想变压器并标示了电压和电流,其中输电线总电阻为R,则(
(2014•中山二模)如图为远距离输电的电路原理图,变压器均为理想变压器并标示了电压和电流,其中输电线总电阻为R,则(  )
A.I2=
U2
R

B.I2
U2
R

C.用户得到的电功率与电厂输出的电功率相等
D.用户得到的交变电流的频率与电厂输出交变电流的频率相等
maplexie19861年前1
09167425 共回答了20个问题 | 采纳率90%
解题思路:输电线上有电压降,U线<U2,根据欧姆定律研究I2.输电线上有功率损失,用户得到的电功率必定小于电厂输出的电功率.但用户得到的交变电流的频率与电厂输出交变电流的频率相等.

A、B、由于输电线总电阻为R,输电线上有电压降,U线<U2.根据欧姆定律得:I2=
U线
R<
U2
R,故A错误,B正确.
C、输电线上有功率损失,理想变压器不改变电功率,所以用户得到的电功率小于电厂输出的电功率,故C错误.
D、根据变压器的原理可知原副线圈中交变电流的频率相等,所以用户得到的交变电流的频率与电厂输出交变电流的频率相等,故D正确.
故选:BD

点评:
本题考点: 远距离输电.

考点点评: 本题运用欧姆定律时要注意各个量应对应同一段电路,要正确分析电压和功率的分配,即可分析远距离输电问题.

关于理想变压器A 理想变压器(自感线圈) 是不是不计电阻 还是有 B 若不计电阻 那么为什么会有 P总=P1+P耗(自感
关于理想变压器
A 理想变压器(自感线圈) 是不是不计电阻 还是有
B 若不计电阻 那么为什么会有 P总=P1+P耗(自感线圈) U总=U1+U耗
C 一个无电阻的 用电器接在电路上 有没有U总=U1+U耗 P总=P1+P耗的这样结果
tangjianhui_19801年前5
tt叫谁呢 共回答了20个问题 | 采纳率95%
回答都不对
理想变压器是不及电阻 但是 别忘了他有感抗啊
因为它这个特殊性质 就要把它当作类电阻来看!
如图所示为理想变压器原线圈所接交流电压的波形.原、副线圈匝数比 ,串联在原线圈电路中电流表的示数为1 A,下列说法中正确
如图所示为理想变压器原线圈所接交流电压的波形.原、副线圈匝数比 ,串联在原线圈电路中电流表的示数为1 A,下列说法中正确的是
A.变压器副线圈的电流为0.1A B.变压器的输入功率为200W
C.变压器输出端的交流电的频率为100 Hz D.此变压器为降压变压器
fanjuanqin1年前1
c7f6kz 共回答了19个问题 | 采纳率94.7%
解题思路:

代入数算得副线圈的电流为10AA错;由图知原线圈的输入电压为200V,输入功率为P=UI=200×1=200wB对;周期为0.02s,频率为f=1/T=50HZC错;原、副线圈匝数比为降压变压器,D对,所以本题选择BD

BD


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用电高峰期,电灯往往会变暗,其原理可简化为如下物理问题.如图所示,理想变压器的副线圈上,通过输电线连接两只相同的灯泡L
用电高峰期,电灯往往会变暗,其原理可简化为如下物理问题.如图所示,理想变压器的副线圈上,通过输电线连接两只相同的灯泡L 1 和L 2 ,输电线的等效电阻为R,原线圈输入有效值恒定的交流电压,当开关S闭合时,以下说法中正确的是()
A.原线圈中电流减小 B.副线圈输出电压减小
C.R两端的电压增大 D.原线圈输入功率减小
非天该隐1年前1
yuanyiying1980 共回答了13个问题 | 采纳率92.3%
解题思路:

闭合S后,负载的总电阻减小,由于原线圈电压恒定不变,根据线圈匝数比等于电压之比,副线圈电压也不变,副线圈的电流强度增加,流过电阻R的电流增加,R两端的电压升高,同时副线圈输出功率增加,由于变压器是理想变压器,原线圈输入功率也增加,因此导致原线圈电流强度增加。因此只有C正确,A. B. D均错误。

C