对某电子元件进行寿命追踪调查，情况如下．

（1）由第一幅图象可知，当两电阻两端的电压相同时，通过定值电阻A的电流比B大，由欧姆定律可知B的电阻大、A的电阻小；因R₁＜R₂，所以OA代表R₁的少-U图线；
由第二幅图象可知，电压增大，电流增大，但电流的变化量比电压的变化量大，根据欧姆定律可知OC代表的电阻减小；
从第三幅图象可知，电压增大，电流增大，电压的变化量大于电流的变化量，根据欧姆定律可知OD代表的电阻变大；
因白炽灯泡的电阻会随两端电压的变大，功率变大，温度升高而变大，所以OD代表白炽灯的少-U图线，OC代表的是电子元件E的少-U图线；从图象中可知当灯泡两端的电压为oV时，电流为少.oA，此时灯泡的功率为少.99．
（2）查图可知，当电压为U=oV时，R₁中的电流为少₁=少.o5A，电子元件中的电流为少_E=少.oA，
电路中的总电流为少′=少₁+少_E=少.o5A+少.oA=少.65A，
电路的总功率为P_总=U少′=oV×少.65A=1.959．
（o）查图可知当电流为少=少.15A，灯泡两端的电压为U_h=1V，R₂两端的电压为U₂=2.5V时，电路两端的电压为o.5V；
所以灯泡的实际功率为P_h=U_h少=1V×少.15A=少.159，
电阻R₂在1分钟内产生的热量为Q=9=U₂少9=2.5V×少.15A×6少s=22.5J．
答：（1）R₁； 电子元件E； 少.o； 减小；
（2）电路的总功率为1.959；
（o）灯泡的实际功率为少.159；电阻R₂在1分钟内产生的热量为22.5J．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；电功率的计算；焦耳定律．

考点点评： 本题是图象信息题，抓住图象横纵坐标表示的物理量，结合欧姆定律进行分析，重点考查学生分析能力和知识综合运用能力，难点有二：一是结合灯泡的电阻与温度有关判断其I-U图线；二是结合串联电路各处的电流相等和总电压等于各分电压之和找出符合电源电压的电流及灯泡、R2两端的电压．

（1）由题意可知0.1=A•100，∴A=0.001，
∵频率=频数/总数，∴0.1＝
B
200，∴B=20，
∴C=0.1，D=0.15，E=40，F=80，G=0.1，
∴H=10，I=0.05．（5分）
（2）阴影部分的面积0.4+0.1=0.5（9分）
（3）电子元件的使用时间超过300h的共有15O个，这批电子元件合格的概率P＝
150
200＝
3
4（12分）

点评：
本题考点： 频率分布直方图；等可能事件的概率．

考点点评： 本题考查读频数分布直方图的能力和利用统计图获取信息的能力．利用统计图获取信息时，必须认真观察、分析、研究统计图，才能作出正确的判断和解决问题．

（1）由第一幅图象可知，当两电阻两端的电压相同时，通过定值电阻A的电流比B大，由欧姆定律可知B的电阻大、A的电阻小；因R₁＜R₂，所以OA代表R₁的I-U图线；
由第二幅图象可知，电压增大，电流增大，但电流的变化量比电压的变化量大，根据欧姆定律可知OC代表的电阻减小；
从第三幅图象可知，电压增大，电流增大，电压的变化量大于电流的变化量，根据欧姆定律可知OD代表的电阻变大；
因白炽灯泡的电阻会随两端电压的变大，功率变大，温度升高而变大，所以OD代表白炽灯的I-U图线，OC代表的是电子元件E的I-U图线；从图象中可知当灯泡两端的电压为3V时，电流为0.3A，此时灯泡的功率为0.9W．
（2）查图可知，当电压为U=3V时，R₁中的电流为I₁=0.35A，电子元件中的电流为I_E=0.3A，
电路中的总电流为I′=I₁+I_E=0.35A+0.3A=0.65A，
电路的总功率为P_总=UI′=3V×0.65A=1.95W．
（3）查图可知当电流为I=0.15A，灯泡两端的电压为U_L=1V，R₂两端的电压为U₂=2.5V时，电路两端的电压为3.5V；
所以灯泡的实际功率为P_L=U_LI=1V×0.15A=0.15W．
故答案为：
（1）图3；0.3；
（2）1.95；
（3）0.15．

点评：
本题考点： 电功率的计算；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；并联电路的电压规律；欧姆定律的应用．

考点点评： 本题是图象信息题，抓住图象横纵坐标表示的物理量，结合欧姆定律进行分析，重点考查学生分析能力和知识综合运用能力，难点有二：一是结合灯泡的电阻与温度有关判断其I-U图线；二是结合串联电路各处的电流相等和总电压等于各分电压之和找出符合电源电压的电流及灯泡两端的电压．

（1）

寿命（h）频数频率
100～200200.1
200～300300.15
300～400800.4
400～500400.2
500～600300.15
合计2001结合前面所给的频率分布表，画出坐标系，选出合适的单位，画出频率分步直方图，
频率分布直方图如下：

（2）从频率分布直方图可以看出电子元件寿命的众数是350；设距离300的x单位处是中位数，则依题意得0.004x=0.5-0.1-0.15解得x=62.5，所以中位数是362.5；
（3）平均数150×0.10+250×0.15+350×0.40+450×0.20+550*0.15=365

点评：
本题考点： 频率分布直方图；众数、中位数、平均数．

考点点评： 本题考查频率分布表和频率分步直方图，考查用样本的频率分布估计总体分布，是一个概率与统计的综合题目，可以作为一个高考题目出现，画频率分布条形图、直方图时要注意纵、横坐标轴的意义．通过本题可掌握总体分布估计的各种方法和步骤．

转化前要消耗机械能，转化后得到了电能，所以为机械能转化为电能．
故选D

点评：
本题考点： 能量的转化．

考点点评： 能量转化要明确转化前是什么能，消耗了什么能，转化后是什么能，得到什么能．

由电路图可知，电子元件Z与滑动变阻器串联，
由表格数据可知，当电流表的示数即电路中的电流I=0.2A时，电子元件Z两端的电压U_Z=2V，
∵串联电路中总电压等于各分电压之和，
∴变阻器两端的电压：
U_R=U-U_Z=5V-2V=3V，
则滑动变阻器接入电路的电阻值：
R=
UZ
I=[3V/0.2A]=15Ω．
答：当电流表的示数为0.2A时，滑动变阻器接入电路的电阻值为15Ω．

点评：
本题考点： 欧姆定律的变形公式；串联电路的电压规律．

考点点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是从表格中得出电流对应的电压．

（1）所有可能出现的结果如下：

A B C D 结果
1 1 0 0 1100
1 0 1 0 1010
1 0 0 1 1001
0 0 1 1 0011
0 1 0 1 0101
0 1 1 0 0110总共有6种结果，每种结果出现的可能性相同（4分）；

（2）所有的结果中，满足A、B两个元件“开”“关”状态不同的结果有4种，所以A、B两个元件“开”“关”状态不同的概率是[2/3]（7分）．

点评：
本题考点： 列表法与树状图法．

考点点评： 如果一个事件有n种可能，而且这些事件的可能性相同，其中事件A出现m种结果，那么事件A的概率P（A）=[m/n]．

（1）由于热敏电阻的温度变化范围要尽可能的大，故热敏电阻要放在不同的水温中，电路的连接要注意先串联再并联，电流要从正接线柱流入电流表和电压表，滑动变阻器下边两个接线柱要全接上，上边只能接一个接线柱．连接如图所示．

（2）完成接线后的主要实验步骤
a、往保温杯中加入热水，稍等读出温度值．
b、调节滑动变阻器，快速测出电流表和电压表的值
c、重复a、b测出不同温度下的数据
d、绘出各测量温度下热敏电阻的伏安特性曲线．
故答案为：（1）如图
（2）调节滑动变阻器，快速测出电流表和电压表的值
绘出各测量温度下热敏电阻的伏安特性曲线

点评：
本题考点： 描绘小电珠的伏安特性曲线．

考点点评： 本题考查了滑动变阻器的接法，电流表的接法，实物图的连接，实验步骤的考查，实物图的连接容易出现错误．

由题意可得，前3次抽到了一个次品，且第四次抽到第二个次品；或前4次抽到的全是正品．
若前3次抽到了一个次品，且第四次抽到第二个次品，概率P=[2/6]×[4/5]×[3/4]×[1/3]+[4/6]×[3/5]×[3/4]×[1/3]+[4/6]×[3/5]×[2/4]×[1/3]=[1/5]．
若前4次抽到的全是正品，概率为[4/6×
3
5×
2
4×
1
3]=[1/15]，
故所求事件的概率为 [1/5]+[1/15]=[4/15]，
故选：B．

点评：
本题考点： 相互独立事件的概率乘法公式．

考点点评： 本题考查概率的计算，考查学生的计算能力，属于基础题．