插有铁芯的线圈直立在水平桌面上，铁芯上套一铝环，线圈与电源、开关相连，如图所示。闭合开关的瞬间，铝环跳起一定高度。若保持

随之增大

（1）磁铁具有吸引铁钴镍等物质．物体A由铁质材料制成．
（2）①滑动变阻器左边的电阻丝接入电路，滑片左移时，接入电路的电阻丝变短，电阻变小，电流变大，电磁铁的磁性增强，使指针偏转的角度更大．
②在电磁铁中的电流不变时，将导线a由与接线柱2相连改为与接线柱1相连，电磁铁线圈的匝数增多，电磁铁的磁性增强，使指针偏转的角度变大．
③电磁铁的磁性有无可以通过通断电来控制，断开开关，电路中无电流，电磁铁无磁性．
（3）由实验得出：当线圈匝数一定时，通过电磁铁的电流越大，电磁铁磁性越强．
故答案为：（1）B；（2）①左；②变大；③无；（3）越强．

解题思路：保持P的位置不动，输出电压不变，将Q向下移动时，R变大，电流减小，电流表的读数减小；保持Q的位置不动，R不变，将P沿逆时针方向移动时，负线圈匝数变大，输出电压变大，电流表的读数变大．

A、保持P的位置不动，即是保持变压器的原、副线圈的匝数比不变，则滑动变阻器R两端的电压不变，当将Q向下移动时，连入电路的电阻的阻值变大，因而电流减小，R消耗的功率变小，A错误；
B、交流电流表显示的是电流有效值，保持P和Q的位置不动，当正弦交流电压U的瞬时值为最大值时，电流表示数不变，B错误；
C、保持Q的位置不动，即是保持滑动变阻器R连入电路的阻值不变，将P沿逆时针方向移动时，变压器的原线圈的匝数不变，副线圈的匝数增多，滑动变阻器R两端的电压将增大，所以电流表的读数变大，C正确；
D、保持Q的位置不动，将P沿顺时针方向移动时，输出电压减小，则输入功率变小，D正确．
故选：CD

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 做好本题要能知道自耦变压器的原理，结合变压器的特点和欧姆定律去分析．

解题思路：本题抓住影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小，线圈的匝数．滑动变阻器滑片移动，如何引起电流的变化．根据右手定则判断通电螺线管的极性．

（ 1）滑动变阻器的滑片向左滑动时，电路中的电流增大，电磁铁的磁性增强．
（2）根据右手定则判断电磁铁的右端为N极．

点评：
本题考点： 影响电磁铁磁性强弱的因素；安培定则；滑动变阻器的使用．

考点点评： 本题考查了影响电磁铁磁性强弱的因素和根据右手定则判断通电螺线管的极性．

解题思路：P移动改变了副线圈的匝数，Q移动改变了负载的电阻，S断开负载电阻变大，结合闭合电路欧姆定律去分析各项．

A、Q不动，将P沿逆时针方向移动，副线圈匝数增大，电压增大，则两灯均变亮，A错误；
B、P不动，将Q向左移动，负载电阻减小，电流增大，两灯均变亮；B正确；
C、P不动，将Q向右移动，负载电阻变大，电流变小，电压不变，变压器的输入功率变小，故C错误；
D、P、Q都不动，副线圈电压不变，断开开关S，电阻增大，电流减小，R分压减小，L₁将变亮，D错误；
故选B

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 做好本题需要知道自耦变压器的变压原理，再结合电路的动态分析即可顺利解决此类题目．

理想自耦变压器，原线圈接正弦交流电压U，当触头上移时，导致副线圈的匝数N₂增加，则由变压比可得，U₂增加，则导致A₂读数I₂变大，再由电流与匝数成反比可得，I₁变大，即A₁读数变大，A正确．
副线圈中电压和电流都增大，所以输出功率增大，根据输入功率等于输出功率知C正确；
故选：AC

解题思路：和闭合电路中的动态分析类似，P移动改变了副线圈的匝数，Q移动改变了负载的电阻，S断开负载电阻变大，结合闭合电路欧姆定律去分析各项．

A、将P沿顺时针方向移动后，副线圈匝数减少，电压减小，为使两灯均正常发光，则需将Q左移，使灯泡分压增大，A正确B错误；
C、P不动副线圈电压不变，将Q向右移动，负载电阻增大，电流减小，两灯均变暗，输出功率减小，变压器的输入功率也减小，故C错误；
D、P、Q都不动，副线圈电压不变，断开开关S，电阻增大，电流减小，R分压减小，L₁将变亮，D错误；
故选A

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．

以下就是设计变压器的计算公式,你自己慢慢算吧.
1、Ps=V2I2+V3I3.(瓦)
式中Ps:输出总视在功率（VA）
V2V3：二次侧各绕组电压有效值（V）
I2I3：二次侧各绕组电流有效值（A）
2、Ps1=Ps/η（瓦）
式中Ps1:输入总视在功率（VA）
η:变压器的效率,η总是小于1,对于功率为1KW以下的变压器η=0.8～0.9
I1=Ps1/V1×(1.11.～2)(A)
式中I1：输入电流(A)
V1：一次输入电压有效值（V）
(1.1～1.2):空载励磁电流大小的经验系数
3、S=KO×根号Ps(CM²)
式中S：铁芯截面积(CM²)
Ps:输出功率（W）
KO:经验系数、参看下表：
Ps（W） 0～10 10～ 50 50～ 500 500～1000 1000以上
KO 2 2～1.75 1.5～1.4 1.4～1.2 1
S=a×b(CM²)
b′=b÷0.9
4、计算每个绕组的匝数：绕组感应电动势有效值
E=4.44fwBmS×10ˉ4次方（V）
设WO表示变压器每感应1伏电动势所需绕的匝数,即WO=W/E=10(4次方)/4.44FBmS(匝/V)
不同硅钢片所允许的Bm值也不同,冷扎硅钢片D310取1.2～1.4特,热扎的硅钢片D41、D42取1～1.2特D43取1.1～1.2特.一般电机用热轧硅钢片D21、D22取0.5～0.7特.如硅钢片薄而脆Bm可取大些,厚而软的Bm可取小些.一般Bm可取在1.7～1特之间.由于一般工频f=50Hz,于是上式可以改为WO=45/BmS(匝/V)根据计算所得WO值×每绕组的电压,就可以算得每个绕组的匝数（W）
W1=V1WO、W2=V2WO.以此类推,其中二次侧的绕组应增加5%的匝数,以便补偿负载时的电压降.
5、计算绕组的导线直径D,先选取电流密度J,求出各绕组导线的截面积
St=I/j(mm²)
式中St：导线截面积(mm²)
I:变压器各绕组电流的有效值（A）
J:电流密度（A/mm²）
上式中电流密度以便选用J=2～3安/mm²,变压器短时工作时可以取J=4～5A/mm².如果取J=2.5安/mm²时,则D=0.715根号I(mm)
6、核算根据选定窗高H计算绕组每层可绕的匝数nj
nj=0.9[H－（2～4）]／a′
式中nj：绕组每层可绕的匝数
0.9：系数
H:铁芯窗口高度
a′：绝缘导线外径

解题思路：（1）导体棒从静止向左做匀加速运动，由速度时间公式求得t时刻的速度，由牛顿第二定律和安培力公式求出此刻外力的大小，即可求得外力的功率．（2）由欧姆定律求出原线圈两端的电压，根据变压器的变压规律求出副线圈两端的电压，即可求得R上消耗的功率．（3）由公式P=UI求出变压器原线圈上输入功率，减去R上的功率，即为变压器中磁场能增量随时间变化率．（4）金属杆动能增量随时间变化率等于外力的功率减去变压器的输入功率、金属棒发热的功率．

（1）令t时刻作用在金属棒上作用力为F，根据牛顿第二定律得：
F₁-BI₁l=ma…①
外力的功率P₁满足：
P_F=F₁v₁ …②
v₁=at… ③
由①②③解得：P_F=（BI₁l+ma）at．
（2）原线圈两端电压U₁满足：
U₁=Blat-I₁r…④
副线圈两端电压U₂满足：

U2
U1=
N2
N1… ⑤
电阻R上消耗功率P_R满足：
P_R=

U22
R…⑥
由④⑤⑥解得：P_R=
(N1Blat−I1r)2

N22R…⑦
（3）变压器原线圈上输入功率为P₁为：
P₁=U₁I₁ …⑧
变压器中磁场能增量随时间变化率为：

△E1
△t=P₁-P_R…⑨
由⑧⑨解得：
△E1
△t=（Blat-I₁r）I₁-
(N1Blat)2

N22R．
（4）金属杆动能增量随时间变化率为：

△Ek
△t=P_F-P₁-I₁²r…⑩
由⑩解得：
△Ek
△t=（BI₁l+ma）at-（Blat-I₁r）I₁-I₁²r=ma²t．
答：（1）t时刻外力的功率P₁为（BI₁l+ma）at．
（2）t时刻电阻R上消耗的功率为
(N1Blat−I1r)2

N22R．
（3）变压器中磁场能增量随时间变化率为（Blat-I₁r）I₁-
(N1Blat)2

N22R．
（4）金属杆动能增量随时间变化率为ma²t．

点评：
本题考点： 导体切割磁感线时的感应电动势；牛顿第二定律；安培力；变压器的构造和原理．

考点点评： 解决本题的关键之处在于搞清电路中能量是怎样转化的，明确各种功率之间的关系，结合变压器的规律和匀变速直线运动的公式解题．

要晓得铁芯在产生的磁场中的长度,铁芯的电阻,铁芯的倾斜度,电阻的计算等详细公式请自己参看高二或高三的教材

依然是电磁感应中的变化磁场产生变化的电场
并不一定要有闭合电路才有电磁感应,闭合电路中的判断规则（楞次、右手）依然可以借用,你把断路看作电阻无穷大,电流无穷小（等价于0）即可,据此可以知道断路两端电势的高低.

BD

对电磁铁的磁力影响最大的因素是：电池数量及绕线多少
螺丝钉、铁锤、剪子属于简单机械 . （ 对 ）

是可以这样的,但是要考虑饱和

录音时声音转变为强弱变化的电流当电流通录音磁头上的线圈时线圈有交变的电流,铁芯缝隙处就产生了交变的磁场.

对啊,铜损和铁损.

你一开始就想错了,电流不会一直增大,也不会一直减小,电流变化是正弦（余弦）函数（至于为什么,高中不用去理解,高中还是理解不了的,要用到大学电子相关专业知识）,当然,振荡周期也只和C以及L有关,至于为什么,高中也不用去追究.LC振荡电路高中知道T=2π√(LC)就好了,如果要深入理解,这个要学电子电路,以及工程数学才能解释.以后你有机会,可以再深入研究.

解题思路：由题意可知线圈B中产生使电流表指针向右偏转的条件，则分析各选项可得出正确答案．

由题意可知当P向左加速滑动时，线圈A中的电流应越来越小，则其磁场减小，此时线圈B中产生了电流使指针向右偏转；故可知当B中的磁通量减小时，电流表指向右偏；
A、A向上移动时B中磁通量减小，指针向右偏转，而滑动变阻器滑动端P向右加速滑动时，B中磁通量增大，故指针应向左偏转，故A错误；
B、当铁芯拔出或断开开关时，A中磁场减小，故B中磁通量减小，指针向右偏转，故B正确；
C、滑片匀速运动时，A中也会产生变化的磁场，故B中同样会产生感应电流，故指针不会静止，故C错误；
D、由以上分析可知，D错误；
故选B．

点评：
本题考点： 楞次定律．

考点点评： 本题无法直接利用楞次定律进行判断，但是可以根据题意得出产生使电流表指针右偏的条件，即可不根据绕向判出各项中应该出现的现象．

生物第三题,A选项表达是没错的,但是甲图并没有表达出这种信息!
B选项同A
C甲图表示的是DNA的复制,不是DNA翻译制造蛋白质,可由甲图的核糖体说明!
D碱基的配对就是DNA的复制. 具体可以看看这个视频,很好的视频http://v.youku.com/v_show/id_XNjYxOTMxODA=.html
物理第18题 关于这个问题,就像一个楞次定理的应用,当开关闭合式,线圈经过铝环和铁心产生磁场,铝环的磁场由无到有,铝环必定会朝一个方向移动（有一定的时间向上移动）来阻止磁场的变大,所以就想上移动!慢慢地铝环会回到原来的状态（即贴着线圈）,这是由于磁场只在开关闭合后的一段时间有变化,变化到稳定! 当闭合到断开瞬间,上述线圈的磁场变小,即经过铝环的磁场变小,铝环必定朝一个方向移动（有一定的时间向下移动）来阻止磁场的变小,由于铝环已经贴着线圈,所以铝环不动!
19 先将a与d连接起来,c与b的同电荷等大小对a-d作用是大小相等方向相反,所以你可以把c与b“擦“掉,对于势能和电势的比较,由于题目没给清具体a是什么电荷,所以不能比较!但方向可以可以确定,电场力的大小一定是o大于d!

如果两个线圈绕在同一个直磁芯上,会依据通电的线圈产生磁场,如果两个线圈都通电,磁场方向依据电流强的线圈产生,场强为两个线圈综合作用的结果.

线圈的匝数是与铁芯截面积有关的,算出来每伏多少匝就多少匝,这和电流没关系.只要窗口容得下,漆包线要用的粗一点,这对减少损耗有好处.

解题思路：由题意可知线圈B中产生使电流表指针向右偏转的条件，则分析各选项可得出正确答案．

由题意可知当P向左加速滑动时，线圈A中的电流应越来越小，则其磁场减小，此时线圈B中产生了电流使指针向右偏转；故可知当B中的磁通量减小时，电流表指向右偏；
A、A向上移动时B中磁通量减小，指针向右偏转，而滑动变阻器滑动端P向右加速滑动时，B中磁通量增大，故指针应向左偏转，故A错误；
B、当铁芯拔出或断开开关时，A中磁场减小，故B中磁通量减小，指针向右偏转，故B正确；
C、滑片匀速运动时，A中也会产生变化的磁场，故B中同样会产生感应电流，故指针不会静止，故C错误；
D、由以上分析可知，D错误；
故选B．

点评：
本题考点： 楞次定律．

考点点评： 本题无法直接利用楞次定律进行判断，但是可以根据题意得出产生使电流表指针右偏的条件，即可不根据绕向判出各项中应该出现的现象．

正确答案是：BD
滑片P向上滑动
电阻变小
M中电流变大
通过N中的磁通量增大（磁场向右）
N中感应磁场向左
通过G中电流向右
其它如法炮制,同理分析.

B=磁通/面积
磁通=U/(4.44*f*N)
代入即可,注意单位

铁芯把线圈中的磁感线凝聚在了一起,使磁感线密度增加,从而可能导致磁场能增加.不过我并不认为他的磁场能会增加,能量守恒嘛

磁场强度的计算公式：H = N × I / Le
式中：H为磁场强度,单位为A/m；N为励磁线圈的匝数；I为励磁电流（测量值）,单位位A；Le为测试样品的有效磁路长度,单位为m.所以大电流才是关键!

电流的磁效应

120W铁芯截面积约7.5 cm2 ,高1.5cm 叠厚5.0cm .铁芯内径 80mm ,外径180mm .220V 线圈 0.53mm 线 1100圈 .钢铁心高度3CM,外径

B

改变电流方向

电磁铁要求通电时产生磁性,断电时失去磁性,这才能与普通磁铁区分开来,因而可知钢磁滞性强 软铁磁滞性弱.
实验可以依照这个思路：分别用软铁和钢制成电磁铁,再分别先通电一段时间后断电,用铁钴镍之类金属检测其磁性,即可得出结论.

答案是：AD
记住这样一条性质：电感元件上的电流不会突变.
那么在分析一下这道题：
（1）闭合.闭合前电感电流为零,闭合后一瞬间电感电流仍然为零,这一瞬间电感支路相当于开路,电灯正常发光,之后电流逐步增大,电灯逐渐变暗,时间足够长后,电感元件相当于短路,电流为2A,电灯熄灭.
（2）断开.断开前电感电流为2A,断开后一瞬间电感电流仍然为2A,方向与以前一致,之后电流逐步减小,直至为零,这段时间电感相当于电源,给灯泡供电.

解题思路：画出磁铁周围磁感线的分布情况，根据楞次定律判断感应电流的方向．

A、B，通过线圈的磁感线方向如图所示，
当右边磁铁S极断开时，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律判断可知，电路中产生逆时针方向的感应电流，则有感应电流从a至b通过检流计．故A错误，B正确．
C、D通过线圈的磁感线方向如图所示，当右边磁铁S极断开时，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律判断可知，电路中产生逆时针方向的感应电流，则有感应电流从a至b通过检流计．故C正确，D错误．
故选：BC．

点评：
本题考点： 楞次定律．

考点点评： 本题是楞次定律的简单应用，关键要把握两个条件：一是磁场的方向；二是磁通量的变化情况，再判断感应电流的方向．

对,插入铁芯后,因为铁芯的导磁率高,磁路的磁阻大大减小,磁通 = 磁势 / 磁阻,磁势不变,磁通就增大了.

解题思路：由题意可知线圈B中产生使电流表指针向右偏转的条件，则分析各选项可得出正确答案．

由题意可知当P向左加速滑动时，线圈A中的电流应越来越小，则其磁场减小，此时线圈B中产生了电流使指针向右偏转；故可知当B中的磁通量减小时，电流表指向右偏；A、A向上移动时B中磁通量减小，指针向右偏转，而滑动变...

点评：
本题考点： 楞次定律．

考点点评： 本题无法直接利用楞次定律进行判断，但是可以根据题意得出产生使电流表指针右偏的条件，即可不根据绕向判出各项中应该出现的现象．

绕的圈数
电流大小
这些都可以增大磁场本身的大小,
理论上无限长螺线管中心磁场：B=u*n*I
n是绕的圈数,I为电流大小,u为常数

如题一般来说只有几圈的线圈直接接到直流电源上是作为短路来看的.即使在变化的电流情况下由于圈数很少,没有足够的电感,也是不行的.
线圈为了增其电感,一般都会在线圈中加上铁磁性材料的芯,以增加电感.

你还要知铁芯面积、电源频率、要求电磁铁的磁通量；再到电工手册上找它们之间关系的经验公式,代入求出.

还好,我是做电抗器的
对于铁磁物质,存在磁饱和现象,所以说磁导率与电流有关
在初始阶段,电感值是不变的（或者变化很小）,此时铁磁物质未磁饱和
电流增大到一定阶段后,电感值开始下降……
找个铁磁物质的磁化曲线看看

当电磁铁的匝数和电流足够大时那当然要比永磁铁强啦!

电生磁是奥斯特发现的.原理：通电导体周围存在磁场.
磁生电是英国科学家法拉第发现的.原理：闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时,在导体上就会产生电流的现象叫电磁感应现象,产生的电流叫做感应电流.
电磁感应
电和磁是不可分割的,它们始终交织在一起.简单地说,就是电生磁、磁生电.
电生磁
如果一条直的金属导线通过电流,那么在导线周围的空间将产生圆形磁场.导线中流过的电流越大,产生的磁场越强.磁场成圆形,围绕导线周围.磁场的方向可以根据“右手定则”(见图1)来确定：将右手拇指伸出,其余四指并拢弯向掌心.这时,拇指的方向为电流方向,而其余四指的方向是磁场的方向.实际上,这种直导线产生的磁场类似于在导线周围放置了一圈NS极首尾相接的小磁铁的效果.
如果将一条长长的金属导线在一个空心筒上沿一个方向缠绕起来,形成的物体我们称为螺线管.如果使这个螺线管通电,那么会怎样?通电以后,螺线管的每一匝都会产生磁场,磁场的方向如图2中的圆形箭头所示.那么,在相邻的两匝之间的位置,由于磁场方向相反,总的磁场相抵消；而在螺线管内部和外部,每一匝线圈产生的磁场互相叠加起来,最终形成了如图2所示的磁场形状.也可以看出,在螺线管外部的磁场形状和一块磁铁产生的磁场形状是相同的.而螺线管内部的磁场刚好与外部的磁场组成闭合的磁力线.在图2中,螺线管表示成了上下两排圆,好象是把螺线管从中间切开来.上面的一排中有叉,表示电流从荧光屏里面流出；下面的一排中有一个黑点,表示电流从外面向荧光屏内部流进.
电生磁的一个应用实例是实验室常用的电磁铁.为了进行某些科学实验,经常用到较强的恒定磁场,但只有普通的螺线管是不够的.为此,除了尽可能多地绕制线圈以外,还采用两个相对的螺线管靠近放置,使得它们的N、S极相对,这样两个线包直接就产生了一个较强的磁场.另外,还在线包中间放置纯铁（称为磁轭）,以聚集磁力线,增强线包中间的磁场,
对于一个很长的螺线管,其内部的磁场大小用下面的公式计算：H=nI
在这个公式中,I是流过螺线管的电流,n是单位长度内的螺线管圈数.
如果有两条通电的直导线相互靠近,会发生什么现象?我们首先假设两条导线的通电电流方向相反,图5(a)所示.那么,根据上面的说明,两条导线周围都产生圆形磁场,而且磁场的走向相反.在两条导线之间的位置会是说明情况呢?不难想象,在两条导线之间,磁场方向相同.这就好象在两条导线中间放置了两块磁铁,它们的N极和N极相对,S极和S极相对.由于同性相斥,这两条导线会产生排斥的力量.类似地,如果两条导线通过的电流方向相同,它们会互相吸引.
如果一条通电导线处于一个磁场中,由于导线也产生磁场,那么导线产生的磁场和原有磁场就会发生相互作用,使得导线受力.这就是电动机和喇叭的基本原理.
1 磁生电
磁生电是法拉第发现的.原理：闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时,在导体上就会产生电流的现象叫电磁感应现象,产生的电流叫做感应电流.
知识要点
1、产生感应电流的条件
产生感应电流的条件是：①一部分导体在磁场中做切割磁感线运动．即导体在磁场中的运动方向和磁感线的方向不平行；②电路闭合．在磁场中做切割磁感线运动的导体两端产生感应电压,是一个电源．若电路闭合,电路中就会产生感应电流．若电路不闭合,电路两端有感应电压,但电路中没有感应电流．
2、感应电流的方向
导体中感应电流的方向,跟导体切割磁感线的运动方向和磁感线（磁场）的方向有关．(1)磁感线（磁场）的方向不变,闭合电路中的一部分导体做切割磁感线的运动方向改变时,感应电流的方向也会发生改变；(2)导体切割磁感线的运动方向不变,磁感线的方向改变,导体中的感应电流方向也发生改变；(3)导体切割磁感线的运动方向和磁感线的方向都改变时,导体中的感应电流方向不变．
3、交流发电机的工作原理
如图所示．放在磁场中的矩形线圈,两端各连一个铜环K和L,它们分别跟电刷 A 和B接触,并跟电流表组成闭合电路．让线圈在磁场中转动,由于ab边和cd边做切割磁感线的运动,电路中就有了感应电流．在线圈转动的前半周,线圈都从一个方向切割磁感线,因此电流方向从A经电流表到B不改变；在后半周,线圈从相反方向切割磁感线,电流方向和前半周相反,由B经电流表流向A．线圈继续转动,电流方向将周期性地重复上述变化．线圈在磁场里转动一周,电路中的感应电流的方向和大小就发生一个周期性变化．线圈在磁场中持续转动,线圈就向外部电路提供方向和大小都作周期性变化的交变电流．
动 脑
地磁发电：将长约50m的铜芯双绞线做成5匝的长3米、宽2米的矩形线框,两端接在灵敏电流计上.两个同学面对面站立将线框拉开,形成一个长回路,脚踏着线框的一边,两位同学将另一边像甩跳绳那样以每秒4到5圈的频率摇线框,甚至可以找个同学在线框中跳绳.随着导线切割地磁场,回路中就有感生电流产生,电流计指针指示的电流最大值可达30mA,这就是利用地磁发电.请你说明这种发电的原理,怎样才能获得更大的电流呢?
简要提示:
可以从提高每秒钟转动的次数和增加铜芯的匝数这两个方面来考虑,当然你通过自己的动手实验,看还有没有其他的因素,可一定要动手试一试哟.

匝数,电线材质和粗细,电压.

解题思路：（1）由电源的正负极可知电流方向，则由右手螺旋定则可知螺线管的磁极；
（2）当滑动变阻器的滑片向右移动时，可知滑动变阻器的接入电阻变化，则由欧姆定律可知电流的变化，则可知螺线管磁性强弱的变化，根据螺线管的磁性变化以及磁铁的性质判断弹簧长度的变化．

（1）根据安培定则可得，螺线管的上端为S极，下端为N极，
（2）若将变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，所以电路中的电流变小，通电螺线管的磁性减弱；故对铁块的作用力减小，即弹簧长度应变短．
故答案为：N；变短．

点评：
本题考点： 安培定则；影响电磁铁磁性强弱的因素．

考点点评： 本题将电路知识及磁场知识结合在一起考查了学生综合分析的能力，要求学生能灵活运用所学知识进行综合分析从而找出正确答案．

这个断言应该错的,因为磁铁的两极都吸引铁钉的所以不能这样断定那端是N极拿一块条形磁铁或者指南针去和它接近看相斥还是相吸前者的极性相同而后者相反那个装置甲有铁芯的应该是电磁铁来的望采纳

肯定是绕在木材上的线圈电流大.因为；
E1=4.44 * f * Φ * n1 =4.44 * f * L * I
由于闭合铁芯的磁导率比木材大得多, 所以有闭合铁芯的线圈的电感L要比绕在木材上的线圈大得多,那么在自感电动势相同地情况下,绕在木材上的线圈的电流就要大得多.

解题思路：由题意可知线圈B中产生使电流表指针向右偏转的条件，则分析各选项可得出正确答案．

由题意可知当P向左加速滑动时，线圈A中的电流应越来越小，则其磁场减小，此时线圈B中产生了电流使指针向右偏转；故可知当B中的磁通量减小时，电流表指向右偏；
A、A向上移动时B中磁通量减小，指针向右偏转，而滑动变阻器滑动端P向右加速滑动时，B中磁通量增大，故指针应向左偏转，故A错误；
B、当铁芯拔出或断开开关时，A中磁场减小，故B中磁通量减小，指针向右偏转，故B正确；
C、滑片匀速运动时，A中也会产生变化的磁场，故B中同样会产生感应电流，故指针不会静止，故C错误；
D、由以上分析可知，D错误；
故选B．

点评：
本题考点： 楞次定律．

考点点评： 本题无法直接利用楞次定律进行判断，但是可以根据题意得出产生使电流表指针右偏的条件，即可不根据绕向判出各项中应该出现的现象．

怎么说呢,这是实际应用的问题.
原因是没有铁芯的通电螺线管的磁场非常弱,不能产生强大的引力,所以可以说不好用.
啊!
原来是没通电啊,不好意思,没通电的有铁芯的螺线管确实是不能叫电磁铁.