有五块完全相同的木板,每块均为24cm,叠放在水平桌边上,使每块板压着下面的板,并都向桌外伸出一部分,则

根据分析：B上面格子的只能是2；右下角那4个是5541；进而推出C=5；E=3； D=2；A=1，；B=4．
所以ABCDE这个五位数是14523．
故答案为：14523．

点评：
本题考点： 幻方．

考点点评： 分析题干，从使得每行、每列、每条对角线的五个数各不相同，且每块上所填数的和都相等以及已经填入的数字切入，逐步分析各字母所代表的数字，寻求答案．

根据题干分析可得：

点评：
本题考点： 图形的拼组．

考点点评： 此题考查图形的拼组，抓住这几个相同的直角三角形的特征和正方形的特征即可进行拼组．

设每块砖重为G，平放时受力面积为S，则：
（a）pa＝
Fa
s＝
2G
s
（b）pb＝
Fb
s＝
G
s
（c）pc＝
Fc
2s＝
2G
2s＝
G
s
故Pa=2Pb=2Pc，
故选D．

点评：
本题考点： 压强的大小及其计算．

考点点评： 固体压强计算一要注意在水平面上时F=G，二、分析清楚受力面积是哪一个？有几个？

（1）设当物块滑至第n块木板时，木板与地面的摩擦力小于小物块与木板的摩擦力，即μ₁Mg＞μ₂[M+5m-（n-1）m]g
解得：n＞4.3
物块滑上第五块木板时，木板才开始在地面上滑动．
即：小物块滑至第四块长木板时，第四块长木板的加速度为零．物块的加速度为：
a1＝μ1g＝2m/s2；
（2）设物块刚滑上第五块木板时的速度为v₂，每块木板的长度为L，由动能定理得：
−μ1Mg×4L＝
1
2M
v22−
1
2Mv
21
解得：v₂=1m/s
物块在第五块木板表面做匀减速直线运动，木板做匀加速直线运动，设经历时间t，物块与木板能获得相同的速度v₃，
对物块：a1＝
μ1Mg
M＝μ1g＝2m/s2
又 v₃=v₂-a₁t
对木板 a2＝
μ1Mg−μ2(M+m)g
m＝
2
3m/s2
又 v₃=a₂t
解得：v₃=[1/4m/s
在此过程中，物块发生的位移为s₁，由动能定理得：
−μ1Mgs1＝
1
2M
v23−
1
2M
v22]
解得：s₁=[15/64]m＜0.5m
即物块与木板获得[1/4m/s的共同速度，之后整体向前匀减速运动s₂后静止．由动能定理得：
−μ1Mgs2＝
1
2(M+m)
v23]
解得：s₂=[1/32]m
所以物块总共发生的位移S=4L+s₁+s₂≈2.27m；
答：
（1）小物块滑至第四块长木板时，物块的加速度为2m/s²，第四块长木板的加速度为0．
（2）物块在整个运动过程中相对出发点滑行的最大距离约为2.27m．

点评：
本题考点： 动能定理的应用；牛顿第二定律．

考点点评： 能正确判断长木板开始运动的条件是滑块给长木板的摩擦力大于地面对长木板的摩擦力，并能根据摩擦力的表达式列出不等式进行求解，木块滑动的距离可以根据滑块的运动结合动能定理求解；熟练使用动能定理解决本题的关键．

/>最上方的砖受两端的两砖的支持力作用而处于平衡，
则砖对左方第二块砖压力F₁=[G/2]；
第二块砖在重力及压力的作用下而处于杠杆的平衡状态下，设露出部分长为x，则重心的位置离支点[L/2]-x；
则由杠杆的平衡条件可知：G（[L/2]-x）=F₁x；
则求得：x=[1/3]L；
此图可知，此桥的跨度为：3L+2×[1/3]L=[11/3]L；
故答案为：[11/3]L．

点评：
本题考点： 杠杆的平衡条件；重心．

考点点评： 本题重点在于分析上面各砖的平衡状态，明确是属于共点力平衡还是转动平衡，然后分别由平衡方程列式求解即可．

解决：根据V=底面积×高可知：长方体的长、宽、高的值越大，它的容积越大，
根据长方体展开图的特点可得：①④⑤⑦⑨可以组成一个容积最大的长方体纸盒，
经测量得长=3厘米、宽=2厘米、高=2厘米，
3×2×2=12立方厘米，
答：选择①④⑤⑦⑨可以组成一个容积最大的长方体纸盒，它的容积为12立方厘米．

点评：
本题考点： 长方体的展开图；近似数及其求法；长度的测量方法；立体图形的容积．

考点点评： 此题考查了长方体展开图的特点及其容积公式的应用．

根据题干分析可得：

点评：
本题考点： 图形的拼组．

考点点评： 此题考查图形的拼组，抓住这几个相同的直角三角形的特征和正方形的特征即可进行拼组．

以1234整体为研究对象受力分析，水平方向受向左的摩擦力：4×5=20N，向右的推力F，设5对4的作用力为N，
根据平衡条件：
F=f+N
代入数据：20（N）=20（N）+N
得：N=0；
故选：D．

点评：
本题考点： 共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．

考点点评： 本题考查受力分析以及平衡条件的运用，关键是灵活的选取研究对象．