DC/DC升压ICKX2100系列 DC/DC芯片是采用CMOS工艺制造的低静态电流的PFM开关型DC/DC升压转换器.

因为变压器的线圈匝数关系已经反映在电压上了,所以在计算时,不用再考虑它.

建议：
现在,没必要一个一个元器件的焊接了,既然你想采用xl6009芯片,就买个xl6009模块回来就是了（因为制作那个电感好麻烦的）,在地没有的话,就网购；

A、在输送电功率一定的情况下，根据公式P=UI，高压输电有利于减小输电电流，电功率损耗△P=I²r也会减小，故A正确；
B、供给某小区居民的交流电u=220
2sin100πtV，最大值为220
2V，故输出电压有效值为220V，
根据变压比公式
U1
U2＝
n1
n2，输入电压为：U₁=
n1U2
n2＝
50×220
1＝11000V，故B错误；
C、交流电u=220
2sin100πtV，故频率：f=[100π/2π]=50Hz；
变压器只会改变交流电的电压，不会改变频率，频率f=50Hz；故C错误；
D、变压器原、副线圈的电流比等于匝数之反比，即
I1
I2＝
n2
n1＝
1
50，副线圈的电流大于原线圈的电流，所以副线圈的导线粗；故D错误；
故选：A．

电蚊拍上的电网电压的确很高,但虽然电压高,但是输出功率却不大,所以还电不死人,但对于蚊子这种小虫子足以致命.

解题思路：（1）根据P损＝I2R求出输电线上的电流，根据U_损=IR求出电压损失．
（2）根据输出电压和电压损失得出降压变压器的输入电压，结合电压之比等于原副线圈的匝数之比求出降压变压器的原副线圈匝数之比．

（1）根据P损＝I2R得，I=

4%P
R＝

4×105
25.6＝125A
则输电线路上的电压损失U_损=IR=125×25.6V=3200V
（2）原线圈的电流I1＝
P
U＝
107
4000＝2500A

n1
n2＝
I
I1＝
125
2500＝
1
20
故升压变压器的原副线圈匝数比n₁：n₂为1：20．
故答案为：3200 1：20

点评：
本题考点： 远距离输电．

考点点评： 解决本题的关键知道：1、原副线圈的电压比、电流比与匝数比之间的关系；2、升压变压器的输出电压、降压变压器的输入电压、电压损失之间的关系．

变压器T1副线圈的电流为：W=I^2*R=4000*10% 所以电流为20A
变压器T2原副线圈的匝数比为：W损=U*I 得U=4000KW*10%/20=20000v
N=20000/220=2000/22
灯泡数：4000*90%/0.06=60000盏

4MPa ,可以肯定

肾上腺素（AD）是α和β受体激动剂,先给予α受体阻断药,AD的升压作用被翻转为β受体激动剂,心排出量增加,外周阻力下降,主要表现为舒张压降低.即AD的升压作用翻转.

数主是在做实验还是要做个实物用呀?通过变压器出来的电肯定是交流电,用开关控制12V输入,进去的肯定是方波,出来的应该是锯齿波吧,频率取决于电机的转速,60HZ应该可以用,不过要注意直流电源的功率要大于变压器

是一种两级非隔离拓扑.其第一级是升压级,用于把模块的可变输出电压(例如100V– 500V)升高到更大的中间电压,后者必须大于实际峰值主线电压(如230Vxsqrt(2),或>325V).该升压级还有一个重要作用,就是为了实现效率最大化,太阳能模块必须运作产生尽可能大的功率,而太阳能模块的功率曲线可通过输出电流乘以输出电压数值获得.功率特性中有一个最大点,被称为 “最大功率点”或MPP,而这精确位置会随着模块的类型、温度和日照阴影等因素而变化.

你给的条件残缺不全 ,又不说你问什么问题,我怎么知道怎么解.

这个无法改造,只能拆除所有线圈,重绕变压器.而想要手工绕制环形变压器的线圈不是件容易的事,特别是2000V,估计得上万圈了.

Q2>Q1>Q3
在同一直角坐标系中画出P-V图像
Q=W气=F*L=(P*S)*L=P*V
即该坐标系中P-V图所围成的面积为Q
坐标图简易描述如下(仅对气体对外做功过程)
1.双曲线图象,斜向下
2.3.都是y=k(k是常数)的图象,且2高于3
又起点相同,都是理想气体
所以Q2>Q1>Q3

A、发电机电压不变，升压变压器的输入与输出电压不变．故A错误．
B、发电机电压不变，升压变压器的输入与输出电压不变，输电线上损失的电压变大，降压变压器输入电压变小，降压变压器副线圈电压变小，故B正确，C正确；
D、用户的负载增多，降压变压器副线圈电流变大，原线圈电流变大，即高压输电线中的电流变大，故D错误；
故选BC．

增加次级线圈,但是电流小.

第一次看到竟然还有100W 的发电站,竟然还需要升压输电,老汉我晕倒3次了.
不过我是按100KVA计算了下：高压输电线路电压5000v,即升压变压器输出电压.
降压变压器输出电流：436A
输电线上通过的电流：20A
输电线上损失：200v
升压变比：250/5000=1/20
降压变比：4800/220=240/11

1.原、副线圈的匝数比n1：n2=1：5,也就是电压之比,得出升压后的电压为400/1*5=2000（v）
2.i=p/u,p=20k(w),u=2000(v),得到i=20000/2000=10（a）,再线路损耗p1=i*i*r=10*10*1=100（w）.效率为：(20000-100)/20000=99.5% .（没有考虑变压器的效率,数值有些夸张）
3.降压变压器原、副线圈的匝数比n3：n4=20000：220=100：1.1=1000：11
4.i=p/u,得到i=20000/400=50(a),再p2=i*i*r=50*50*1=2500(w),得p2/p1=25
谢谢楼下的说明,其实有3方面的考虑：1.当满负荷的时候,2.在空载的时候,3.有负载但没有满负荷的时候.

7805公共线2脚电流恒为5mA,在2脚与电源地之间接一个400欧姆电阻,就能将7805输出电压由5V提高到7V,参见插图.

斜坡升压软起动.这种起动方式最简单,不具备电流闭环控制,仅调整晶闸管导通角,使之与时间成一定函数关系增加.其缺点是,由于不限流,在电机起动过程中,有时要产生较大的冲击电流使晶闸管损坏,对电网影响较大,实际很少应用.

解题思路：将发电站的电能远输时，由于电线上的电阻而导致电压损失，从而使得用户得到的电压减少．当用户用电处于高峰期时，副线圈的电流变大，导致升压变压器原线圈的电流也增大．由于电压不变，则原线圈的输入功率变大，因此用户得到的总功率是变大的．

A、由于升压变压器的输入电压不变，原副线圈匝数不变，则副线圈的电压不变，故A错误；
B、当用户用电处于高峰期时，降压变压器的输出功率会增大，从而导致降压变压器的输入电流变大，所以输电线路的电压损失变大，故B正确；
C、当用户用电处于高峰期时，输电线路的电压损失变大，最终使得降压变压器的原副线圈上的电压变小，故C错误；
D、降压变压器的副线圈电流变大，输电线电阻不变，则损失电压变大，故D正确．
故选：BD．

点评：
本题考点： 远距离输电．

考点点评： 理想变压器的输入与输出功率相等，当电线上电阻的电压越大时，用户得到的电压则越少．所以要通过升压变压器将电压提高，从而实现降低电压损失．

有.如若变压器的效率是95%,则100W的升压变压器就有5W的损耗.
只有三相升压变压器才会有这种情况(220V升到380V).已经说得很明白了,不再解释了.

低温下钢材有韧性到脆性的破坏 所以一般都把合成塔温度升到38摄氏度以后再提压

解题思路：根据用户端所有灯泡消耗的电功率得出降压变压器的输出功率，根据P=UI求出降压变压器副线圈的电流，结合电流比等于匝数之反比求出输电线上的电流，根据输电线上的功率损失，抓住降压变压器的输入功率求出发电机的输出功率．从而得出输电线上的电压损失．根据降压变压器的输出电压，结合匝数比得出降压变压器的输入电压，通过电压损失得出升压变压器的输出电压，从而通过匝数比得出输入电压，结合升压变压器原线圈中的电流，根据闭合电路欧姆定律求出发电机的电动势．

（1）降压变压器的输出功率为：P=40×22×6=5280W
降压变压器副线圈的电流：I4＝
40
220×6×22A=24A，
降压变压器原线圈的电流：I3＝
1
4×24A＝6A
输电线损失的功率：△
P＝I23R＝62×4W=144W
所以输入功率：P₁=5280+144=5424W
（2）降压变压器原线圈电压为：U3＝
4
1×220＝880V
输电线上损失的电压为：△U=I₃R=24V
则发动机的输出电压为：U₂=880+24=904V
所以发电机原线圈电压：U1＝
1
4×904V=226V
根据电流与匝数成反比知发电机原线圈中电流为I1＝
4
1×6A＝24A，
发电机内阻分压：U_r=24×1=24V
电动势为：E=226+24=250V．
答：（1）发电机输出功率为5424W
（2）发电机电动势为250W

点评：
本题考点： 远距离输电．

考点点评： 解决本题的关键知道：1、原副线圈电压比、电流比与匝数比之间的关系，2、升压变压器的输出功率、功率损失、降压变压器的输入功率之间的关系；3、升压变压器的输出电压、电压损失和降压变压器的输入电压之间的关系．

理想变压器不改变电厂输出功率,P=10KW,U=4KV,A=2.5A,如果知道变压器参数【主副线圈匝数比K】,就可以算出变压器的输出电压V【U/K】,输出电流I【A/K】,输出端参数齐备,如果要算线路的功率损失就用欧姆定理,同样可以计算出用户端的输出电压和电流【输出电流不变,输出电压（P-P损）/输出电流】.
导线电阻率为2,则R=2*l/s,l为线路长度,s为线路横截面积.
根据目前的资料只能回答这么多了,

公式：
10000
每伏匝数= ----------------------
4.44 f B0 SC
其中：f是工作频率,市电是50赫兹；
B0 是铁心的磁通密度,视铁心不同而不同,优质硅钢片取1.1--1.2,普通的取0.8左右；
SC是铁心的截面积
1、通常可用经验公式简易计算小型变压器的每伏匝数
每伏匝数=55/铁心截面
例如,铁心截面=8.35平方厘米故,每伏匝数=55/8.36=6.58匝/V
2、求线圈匝数
初级线圈 n1=6╳6.58=39.47匝,这里取40匝
次级线圈 n2=550╳6.58╳1.05=3780匝,次级线圈匝数计算中的1.05是考虑有负荷时的压降补偿系数

实际上你是想问,5W的电源,能否带动10W的负载.这是超常规的运行方式.
不同的电源会有不同的结果.
如是速流电源,其结果可能是电路尽量保证10V 的输出,马上烧毁电源.
如是干电池,受电源内阻的影响结果使得输出达不到10V.并且随着内阻的不同输出电压不是个定数,也就没有输办法算出电流的值.

Micrel Inc. (Micrel Inc.) Before the introduction of two wide input range of comprehensive integrated Schottky diode switches and a new boost regulator MIC2605 and MIC2606, two facilities were operating frequency of 1.2MHz (MIC2605) and 2MHz
(MIC2606), can provide less than 0.5A switch current, is the latest introduction of Micrel MIC2601 / 2 product line to add equipment, dedicated to TV tuners, broadband communications, thin film transistor liquid crystal display (TFT-LCD) bias supply, is the output regulator, single-ended primary inductance converters, DSL applications and local boost regulators.
MIC2605 / 6 is a combination of wide input range (4.5-20V) integrated switching and Schottky diodes boost regulator, the output voltage up to 40V. Both devices are suitable for a wide variety of applications. 0.5A switch and Schottky diode integrated designers bring many important benefits, including high power density, fewer external components and lower material costs. In addition to ease of use has strong things, these two devices can provide up to 2MHz PWM frequency, and with high efficiency.
The use of small ceramic capacitors, equipment to enhance the stability, so that the equipment has fewer external components, as well as lower costs related materials. Both solutions for small footprint devices, performance is stable 2mm × 2mm MLF (R) -8 lead-free product portfolio

除α受体阻断药外,利血平阻断神经递质的传递,也有降压作用；硝普钠、其他的降压药物如ACEI及ARB类药物、钙通道阻滞剂等等级也可以降压.

这不闲得慌吗,这样搞能量损耗很大的,因为要经过变压-整流-滤波-振荡-调制-升压等很多环节才能实现,能量转换效率不会超过80%,功率不会超过1000W；
直接到五金电器那里买个稳压器不就行了吗,可以稳定在220+-15V,转换效率99%以上,功率也可以做得很大,5000W都有.

先回答
1、高压输电网相当于一个大电源,电压U2基本是不变的,如果电流I2增加了,那么变压器的一次侧I1也增大,以补偿I2的增大,因为I1-I2=I0,I0是个励磁电流,维持变压器的主磁通,基本不变,所以2增大,1也增大
2、蛇趴在两根输电线上,身体两段的电压是变压器的线电压,因为蛇的电阻很小（与用电负载相比）,所以属于变压器相间短路了,短路电流很大

这是一个开关电源电路,三极管作为一个电子开关,迅速接通和判断变压器初级电流,从而在变压器铁芯中产生交变磁场,在次级感应出高电压.

从你表达的意思看,”电人威力很大“说明电路能正常把电压升高比较多.
由”连一个25V小灯炮都点不亮“,说明提供的功率太小,不能带动灯的正常工作.
注：当接灯泡时,灯电阻太小,电源输出电压急速下降.

据了解,三峡电站水轮发电机组单机容量为70万千瓦,平均每台机组年均发电32亿度,相当于一个百万人口城市的全部用电量.26台发电机组全部投产发电,则意味着其年均发电量可达到847亿度,相当于十个大亚湾核电站,或者十个装机容量200万千瓦的大型火电厂.

互感器一次加110/√3kV时,二次为100/√3V；
变比为(110k/√3)/(100/√3)=110k/100
互感器一次加2.5kV时,二次为(100/110k)*2.5k=2.27V；
这是理论值,实际上,互感器一次输入电压太低时,互感器的准确度大大下降；你测量到二次为4.4V,是因为输入信号太小了,互感器准确度太低导致.
你可以提高输入电压至55kV以上再试试.

　　卖家给出的解决办法很不错.
　　正常时,由于稳压电路是负反馈环路,电位器滑动头处得到的电压越高,就会使输出电压越低.滑动头越往上,中心抽头得到的电压就越接近于输出电压（越高）,反馈给调整电路,就会使输出电压降低.
　　假如滑动头断开了,若有个上拉电阻,就会让抽头上的电压近似输出电压,也就是反馈信号较高,就会使输出电压降低.这种升压电路输出的最低电压就是输入电压,从而输出=输入,保护后续电路不会烧坏.

题目不全,条件不足,无法解答

1》降压输出电流：
I＝P/U＝95/0.22≈431.8(A)
2》输电线电流：
I＝根号(P/R)＝根号(5000/8)＝25(A)
3》输电线损失电压(电压降)：
U＝RI＝8×25＝200(V)
4》升压输出电压：
U＝P/I＝100000/25＝4000(V)
5》两个变压器匝数比各为：
TM1＝4000/250＝16
升压变压器匝数比：1/16
TM2＝(4000－200)/220＝≈17.27
降压变压器匝数比：17.27/1

输出电压500V,升压变压器原、副线圈的匝数比为1:5
所以（1）升压变压器副线圈的端电压=500*5=2500V.
电流I=P/U=50kw/2500V=20A,所以（2）输电线上损耗的电功率=20*20*15=6kw
（3）降压变压原器、副线圈的匝数比=2500V：220V=125：11

1200*6=7200/12=600AH,理论数值.考虑到转换效率,估计需要 800~1000AH

任何能量都要遵守能量守恒定律：
电池的放电电流35W÷12V≈2.9A
电池容量7AH÷2.9A×85%（转换效率）≈2H（小时）

由P=UI,可以得出降压变压器的输出电压为U=22kw/100A=220V,而n3:n4=10:1;所以降压变压器的输入电压为2200V,而降压变压器端的输入电压就等于升压变压器的输出电压即：U2=2200V;
根据输出功率等于输入功率可以知道,在降压变压器端的输入功率为22KW,所以输入端的导线中的电流为：I2=10A,所以在传输过程中导线消耗的功率为:P2=3KW;由此可知,在A发电站的输出功率P1=P2+P4=25KW.

为了减少输电线上的电能损耗,有两条途径,减小输电线的电阻或电流.其中减小电流的方法如下：由于发电厂的输电功率P一定,且P=UI,要想减小I,只需增大U,故在发电厂与输电线路间使用升压变压器.(U是副线圈上电压)匝数一定,U增大,其余的肯定也跟着增大.输电电压指的是副线圈电压.P=U2/R只适用于纯电阻电路,因为它是由P=I2R和I=U/R联立推出来的,而I=U/R只适用于纯电阻电路.呵呵,如有疑问,欢迎垂询!

解题思路：将发电站的电能远输时，由于电线上的电阻而导致电压损失，从而使得用户得到的电压减少．当用户用电处于高峰期时，副线圈的电流变大，导致原线圈的电流也增大．由于原线圈的电压不变，则原线圈的输入功率变大，因此用户得到的总功率是变大的．

A、由于升压变压器的输入电压不变，原副线圈匝数不变，则副线圈的电压不变，故A错误；
B、当用户用电处于高峰期时，降压变压器的输出功率会增大，从而导致降压变压器的输入电流变大，所以输电线路的电压损失变大，故B正确；
C、当用户用电处于高峰期时，输电线路的电压损失变大，最终使得降压变压器的原副线圈上的电压变小，故C错误；
D、降压变压器的副线圈电流变大，输电线电阻不变，则损失电压变大，故D正确．
故选：BD．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 理想变压器的输入与输出功率相等，当电线上电阻的电压越大时，用户得到的电压则越少．所以要通过升压变压器将电压提高，从而实现降低电压损失．

需要用一颗IC驱动MOSFET管加升压电感等外围电路才能实现,IC推荐用UC3843.电路可以参照典型的升压电路来实现,从输出端采样反馈控制UC3843的2脚即可.希望可以帮到你

（1）根据 P 损 = I 2 R 得，I=

4%P
R =

4×1 0 5
25.6 A=125A
则输电线路上的电压损失U _损 =IR=125×25.6V=3200V
（2）原线圈的电流 I 1 =
P
U =
1 0 7
4000 A=2500A

n 1
n 2 =
I
I 1 =
125
2500 =
1
20
故升压变压器的原副线圈匝数比n ₁ ：n ₂ 为1：20．．

输电线电阻R=2ρL/S =2.4*10^(-8)*80*10^3/1.5*10^(-4)=25.6Ω
输电线损失功率ΔP=I^2R
即0.04*10^7=I^2*25.6 I=125A
升压变压器的输出电压 U=P/I=10^7/125=8*10^4V
输电线路上的电压损失 ΔU=IR=125*25.6V=3200V

发电机的端电压为220V 输出电功率为44KW 输电导线的电阻为0.2Ω 若初.次匝数比为1:10的升压器升压,经输电线后,再用初,次级匝数比为10:1的降压器降压供给用户.1).画出全过程的线路示意图.2)求用户的电压和率.3)
若不经过变压而直接送到用户,求用户得到的电压和功率.
1）、图略.
2）、电压为216V,功率P=P总-P损=44KW-I的平方R=44KW-20的平方*0.2/1000=43.2KW
3）、电压为180V,功率P=P总-P损=44KW-I的平方R=44KW-200的平方*0.2/1000=36KW
答：略

直流斩波器既适用于驱动电机模式,又适合于再生制动模式.四象限直流斩波器不用机械接触器实现反向工作,而是用电子控制来实现正向的电动机工作模式和逆向的再生制动工作模式.在电动汽车中,存在车辆前进与倒车两种运动方式,如果没有机械换向的机构,必须采用四象限型斩波器；但本文所研制的电动汽车采用保留变速器的结构和机械的倒车档位,所以采用二象限型斩波器即可.下面就详细介绍实验车辆的具体电路.