手紧靠水杯的背面时,物距【什么】焦距,根据凸透镜成像规律,此时可在同侧成【什么】的虚像

当水壶的水被烧开以后水会发生汽化，则水会由液态变成气态；
当水蒸气遇冷就会液化；
因为在壶盖小孔上方一定高度处空气的温度与壶嘴处的温度相比，明显低于水蒸气的温度；
即靠近壶盖小孔的地方温度较高，水蒸气不能液化；
离小孔较高的地方温度较低，水蒸气发生液化，形成细小的水珠，即出现“白气”．

点评：
本题考点： 液化及液化现象．

考点点评： 本题考查了液化现象以及气态体液化的条件；一定注意“白气”不是气体，它是液体小液滴．

在探究“声音是由物体振动产生的”实验中，将正在发声的音叉紧靠悬线下的乒乓球，发现乒乓球被多次被弹起，这样做是为了把音叉的微小振动放大，便于观察，该现象说明了音叉在振动．
故答案为：B．

点评：
本题考点： 声音的产生．

考点点评： 此题是把音叉的振动转化为乒乓球的振动，通过转化的思想将音叉的振动进行放大，是一种放大的方法，要学会应用．

连接OA，∵AB与AD都为圆O的切线，∴∠OPA=90°，∠ODA=90°，∵∠BAC=60°，∴∠PAD=120°，∵PA、AD都是⊙O的切线，∴∠OAP=12∠PAD=60°，在Rt△OPA中，PA=5cm，tan60°=OPAP，则OP=APtan60°=53cm，即⊙O的半径R...

点评：
本题考点： 球的体积和表面积．

考点点评： 本题考查了球的体积和表面积，圆的切线性质，及解直角三角形的知识．运用切线的性质来进行计算或论证，常通过作辅助线连接圆心和切点，利用垂直构造直角三角形解决有关问题．

（1）突然撤去外力F，测得木块B在以后的运动中所能达到的最大速度为3．Om/s，
B获得的动能来之于弹簧势能，即为推力做功，则推力做功为W=[1/2mB
v2B＝
1
2×2×32J＝9J
（2）撤去力F后，B向右运动，弹簧弹力逐渐减小，当弹簧恢复原长时，A开始脱离墙面，这一过程机械能守恒，即满足：
E=
1
2]m_Bv_B² ①
A脱离墙面后速度逐渐增加，B速度逐渐减小，此过程中弹簧逐渐伸长，当A、B速度相同时，弹簧弹性势能最大，这一过程系统动量和机械能均守恒，有：
动量守恒：m_Bv_B=（m_A+m_B）v ②，
机械能守恒：E_Pmax=[1/2]m_B
v2B-[1/2]（m_A+m_B）v² ③
由①②③可解得：E_Pmax=3J
答：（1）推力F压缩弹簧时所做的功是9J；
（2）在A离开墙壁后的运动过程中弹簧所具有的最大弹性势能是3J．

点评：
本题考点： 弹性势能；动能定理．

考点点评： 正确认识动量守恒条件和机械能守恒条件是解决本题的关键了．如果一个系统不受外力或所受外力的矢量和为零，那么这个系统的总动量保持不变，这个结论叫做；系统只有重力或弹力做功为机械能守恒条件．

（1）设物块运动到A和B点的速度分别为v₁、v₂，
由动能定理得μmgS=
1
2m
v21…①
由机械能守恒定律[1/2m
v22=2mgR+
1
2m
v21]…②
联立①②，得v2=3
gR…③
（2）设滑板与物块达到共同速度v₃时，位移分别为l₁、l₂，
由动量守恒定律mv₂=（m+M）v_3…④
由动能定理μmgl1=
1
2M
v23…⑤
-μmgl2=
1
2m
v23-
1
2m
v22…⑥
联立③④⑤⑥，得 l₁=2R　　　l₂=8R…⑦
物块相对滑板的位移△l=l₂-l₁ △l＜l
即物块与滑板在达到相同共同速度时，物块未离开滑板…⑧
物块滑到滑板右端时
若R＜L＜2R，W_f=μmg（l+L）…⑨
Wf=
1
4mg(13R+2L)…⑩
若2R≤L＜5R，W_f=μmg（l+l₁）…（11）
Wf=
17
4mgR…（12）
设物块滑到C点的动能为E_k，
由动能定理 -Wf=Ek-
1
2m
v22…（13）
L最小时，克服摩擦力做功最小，因为L＞R，
由③⑩（13）确定E_k小于mgR，则物块不能滑到CD轨道中点．
答：（1）物块滑到B点的速度v2=3
gR
（2）物块不能滑到CD轨道中点．

点评：
本题考点： 动量守恒定律；动能定理的应用；机械能守恒定律．

考点点评： 本题考查动量守恒和机械能守恒以及有摩擦的板块模型中克服摩擦力做的功．判断物块与滑板在达到相同共同速度时，物块未离开滑板是关键，是一道比较困难的好题．

（1）依题意，以滑块B为研究对象，在水平方向受力情况如图1所示，选取向右为正方向，根据动量定理得：
F_AB•t_A=m_BV_B-0，…①
以滑块A、B组成的系统为研究对象，在水平方向的受力情况如图示所示．
根据动量定理得：f•t_A=（m_A+m_B）V_A-0，…②
在滑块A与B未分开时，V_B=V_A，
由①②联合得：F_AB•t_A=m_B•
f•tA
mA+mB
得：F_AB=
mB•f
mA+mB=[2×3000/1+2]=2000N．
（2）当子弹穿过A在B中运动的时，以B滑块为研究对象，根据动量定理有：
ft_B=m_BV_B′-m_BV_A，
解得：VB′＝
ftB+mBVA
mB…③
由②得：VA＝
ftA
mA+mB＝
3000×0.1
1+2＝100m/s，
代入③式得：VB′＝
ftB+mBVA
mB＝
3000×0.2+2×100
2=400m/s．
答：（1）滑块A对滑块B的推力为2000N；
（2）滑块B的最终速度为为400m/s．

点评：
本题考点： 动量定理．

考点点评： 本题考查动量定理的运用，关键合理地选择研究对象和研究过程，列式求解，对于第一问，也可以根据牛顿第二定律，运用整体法和隔离法求解．

mgtan37=ma，a=gtan37=30/4 m/s^2

5m/s^2<30/4 m/s^2，小球不飞起，对斜面有压力，有关系式：

Tcos53-Nsin53=ma

Tsin53+Ncos53=mg

可求得T=2.2N

N=0.4N

（1）木块对长木板向右的滑动摩擦力大小为：f₁=μ₁mg=0.2×0.4×10=0.8N，
地面对长木板的最大静摩擦力为：f₂=μ₂（M+m）g=0.1×（1.6+0.4）×10=2N，
f₁＜f₂，长木板静止不动，
由牛顿第二定律得：a=
f1
m=[0.8/0.4]=2m/s²，
由速度位移公式得：v₀²=2as₀，
代入数据解得：s₀=6.25m，
由于s₀＞l，m落到地面上，
（2）由速度位移公式得：v²-v₀²=2al，代入数据解得：v=4m/s，
h=[1/2]gt²，s=vt，代入数据解得：s=1.6m；
答：（1）木块m最终落到底面上；
（2）木块a落地时与长木板b右端的距离为1.6m．

点评：
本题考点： 牛顿运动定律的综合应用．

考点点评： 本题考查了牛顿第二定律的应用，分析清楚物体运动过程、应用牛顿第二定律、运动学公式即可正确解题．

AB作为一个整体，水平方向受到合力为，得到，方向向右。答案AB错。假设AB之间作用力大小为，对A受力分析得，得答案C对。

C


<>

A、子弹射入木块过程，由于时间极短，子弹与木块组成的系统动量守恒，则系统动量守恒．在此运动过程中，子弹的动能有一部分转化为系统的内能，则系统的机械能减小．所以机械能不守恒．故A错误．
B、B物块载着子弹一起向左运动的过程，系统受到墙壁的作用力，外力之和不为零，则系统动量不守恒．在此运动过程中，只有弹簧的弹力做功，所以系统的机械能守恒．故B正确．
C、弹簧推载着子弹的B物块向右运动，直到弹簧恢复原长的过程，弹簧要恢复原长，墙对弹簧有向右的弹力，系统的外力之和不为零，则系统动量不守恒．在此运动过程中，只有弹簧的弹力做功，所以系统的机械能守恒．故C正确．
D、在A离开墙，B继续向右运动的过程中，系统所受的外力之和，动量守恒．只有弹簧的弹力做功，机械能也守恒．故D错误．
故选：BC．

点评：
本题考点： 动量守恒定律；机械能守恒定律．

考点点评： 解决本题的关键知道机械能等于动能与势能之和，以及掌握动量守恒和机械能守恒的条件．

∵直尺的边缘为一平角，等于180°，而直角等于90°
∴∠1+∠2=180°-90°=90°．
故填90．

点评：
本题考点： 角的计算．

考点点评： 熟记平角与直角的特点是解决此题的关键．

设C物体离开A物体时，A的速度为v_A，C的速度为v_C．
C刚离开A物体时，对A、B、C系统运用动量守恒得，m_Cv₀=（m_A+m_B）v_A+m_Cv_C．
代入数据得，0.1×10=0.9v_A+0.1v_C
C在B上滑行时，对BC系统运用动量守恒得，m_cv_c+m_Bv_A=（m_B+m_C）v
代入数据得，0.1v_C+0.4v_A=0.5×1.5
联立解得v_A=0.5m/s，v_C=5.5m/s．
答：C物体离开A物体时，A、C两物体的速度分别为0.5m/s、5.5m/s．

点评：
本题考点： 匀变速直线运动的速度与时间的关系．

考点点评： 运用动量守恒定律解题，关键选择好研究的对象和研究的过程，抓住首末状态，列式求解．

（1）声音是由于物体振动产生的，故发声的物体一定处于振动状态，故将正在发声的音叉紧靠悬挂在线上的小球，发现小球多次被弹开，该现象足以说明声音是由物体振动产生的．声音不能在真空中传播，所以在月球上，敲击音叉时仍会振动，由于没有空气，故做该实验时会发现小球多次被弹开但听不到音叉振动发出的声音．
（2）超低空飞行的战斗机有时会把居民家窗玻璃震碎，说明声音可以传递能量．
（3）机场的工作人员戴上有耳塞的工作帽，这是在人耳处控制噪声．
故答案为：发声的物体在振动；小球多次被弹开但听不到音叉振动发出的声音；能量；人耳．

点评：
本题考点： 声音的产生；防治噪声的途径；声与能量．

考点点评： （1）本实验是利用装置验证声音产生的原因（振动）和传播的条件（介质），会用这些知识点分析现象．
（2）物理学法中转换法的应用，一些看不见，摸不着的物理现象，不好直接认识它，可根据它们表现出来的看的见、摸的着的现象来间接认识它们．

设两物体的质量均为m，1施于2的作用力大小为F．
根据牛顿第二定律得
对整体：a=
F1−F2
2m
对物体2：F-F₂=ma
得到F=ma+F₂=
1
2(F1+F2)
故选D

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．

考点点评： 本题是连接体问题，考查灵活选择研究对象的能力，往往用整体法求加速度，而求内力时必须用隔离法．