圆滑 这种待人接物的态度,有人说能营造和谐的人际关系,有人说会令人变得虚伪.试谈谈你的看法.

（1）A与B相撞后，B的速度增大，A的速度减小，碰前碰后都做平抛运动，高度相同，落地时间相同，所以P点是没有碰时A球的落地点，N是碰后B的落地点，M是碰后A的落地点；
（2）系统碰撞前总动量p与碰撞后总动量p′的百分误

.

P−P′.
P=
|mAvA−(mAvA+mBvB′)|
mAvA
=
|2mB
.
OP−(2mB
.
OM+mB
.
ON)|
2mB
.
OP=
|2×8.62cm−(2×2.68cm+11.50cm)|
2×8.62cm≈2%；
故答案为P； 2．

点评：
本题考点： 验证动量守恒定律．

考点点评： 知道两球做平抛运动的运动时间相等，小球的水平位移与水平速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的水平速度，是解决本题的关键．

（1）滑块从D到C的过程中，根据动能定理可得：
qEcosθ•
L
2−mgsinθ•
L
2−Ff•
L
2＝
1
2m
v2C−
1
2m
v2D
而滑动摩擦力：F_f=μ（mgcosθ+qEsinθ）
解得vC＝
192m/s＝8
3m/s
（2）设滑块左侧最远点与B相距x₁，滑块从C到左侧的最远处的过程中，
根据动能定理：mgsinθ•L-qE（Lcosθ+x）−Ff•L＝0−
1
2m
v2C
解得x₁=1.2m
（3）当滑块在斜面BC上滑行L时，滑块与斜面的摩擦产生的热量：Q=F_f•L=6J
第二次碰撞后回到水平面时与原来相比向右移动的距离x′＝
2Q
qE＝1.2m
所以滑块第二次碰后刚好回到B点，
根据滑块受力的情况有：qEcosθ＞mgsinθ+F_f
故滑块最终停在C处，假设滑块在斜面上运动的总路程为x₂，
根据动能定理：qEcosθ•
L
2−mgsinθ•
L
2-Ff•x2＝0−
1
2m
v20
解得：x₂=51m
所以滑块运动的路程：s=2x₁+x₂=53.4m
答：（1）滑块第一次与挡板碰撞时的速度大小为8
3m/s；
（2）滑块第一次与挡板碰撞后能达到左端的最远点离B点的距离1.2m；
（3）滑块运动的总路程53.4m．

点评：
本题考点： 动能定理的应用；电场强度；电势能．

考点点评： 考查动能定理、力的平行四边形定则，并让学生知道动能定理过程选取的重要性，同时搞清电场力、重力做功与路径无关，摩擦力做功与路径有关．

为了使A球到达底端的速度不变，让A球仍从C处由静止滚下．确定A球前、后的平均落点和B球碰撞后的平均落点，用尽可能小的圆把10个记录圈住，其圆心的位置就是平均落点的位置．
①因为碰撞后A球的速度减小，可知N点是A球在碰撞后的落点，P点是A球碰撞前的落点．
②碰撞前A、B两球的总动量p1＝mAvA＝mA
OP
t＝mA•OP．由表格中的数据知，A球碰后反弹，m_Bv_B-m_Av_A′=m_B•OM-m_A•ON．
③通过表格中数据计算知，p₁＜p₂．A球碰后反弹回去，在轨道上运动的过程中，要克服摩擦力做功而消耗机械能，它再次运动到斜槽末端时，速度较碰撞后小，因此m_B•OM-m_A•ON比m_A•OP要大
故答案为：仍从C处由静止滚下；用尽可能小的圆把10个记录圈住，其圆心的位置就是平均落点的位置
①碰撞后，碰撞前；
②m_A•OP，m_B•OM-m_A•ON；
③小于．

点评：
本题考点： 验证动量守恒定律．

考点点评： 解决本题的关键知道实验的原理，以及掌握实验中处理的方法，知道误差形成的原因．

是这样吧?其实你可以找到学校的外教,他们写的字虽说不都是很好看吧,但是他们的字大多都是圆圆的,有点像孩子写的,不过很可爱

（1）刚好从圆弧最高点B平抛的条件是：mg＝m

v2B
R
得：v_B=
gR=20m/s．
（2）由于v_D≈v_B且在D点有：
N−mg＝m

v2D
R
解得：N=mg+m

v2D
R=1200N
（3）在A到B段应用动能定理：mgh−Wf＝
1
2m
v2B−0
得克服摩擦力做功：W_f=3000J
（4）由于tanθ＝
y
x＝

1
2gt
vB
得：t=3s．
代入水平方向上：
x=v_Bt=60m．
由几何关系可知：
L＝
x
cosθ＝75m．
答：（1）B点的速度为20m/s；
（2）运动员对轨道的压力为1200N；
（3）运动员克服摩擦力做功为3000J；
（4）BC间的距离为75m．

点评：
本题考点： 动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力．

考点点评： 本题中在B点要明确重力充当向心力，即为圆周运动最高点的临界条件，也是物体做平抛运动的临界值的最小条件．