电路由电源Us=100cos（1000t）V及R和L=0.025H串联组成,电感端电压的有效值为25V,求R的值和电流的

（1）由题意可知，要在恒温箱内的温度升高到一定温度时，热敏电阻的阻值减小到一定程度，电磁继电器线圈的电流达到60mA，衔铁被吸下来时，工作电路断开，由此可以确定工作电路的连接方式如下图所示．

（2）当温度升高时，R₁的阻值在减小；控制电路中是滑动变阻器和热敏电阻串联，滑动变阻器的阻值不变，R₁的阻值减小，导致了总电阻减小．
电源电压不变，所以电路中的电流增大，根据公式：U=IR可知，R₂两端的电压U₂增大，热敏电阻两端的电压U₁=U_源-U₂，所以，U₁在变小．
（3）恒温箱的温度值要调高，热敏电阻减小，此时要使控制电路中的电流不要增大，以防衔铁被吸下来，就要使滑动变阻器接入电路中的阻值变大．
（4）U_源=9V、I=60mA=0.06A，
电路的总电阻：R_总=
U源
I=[9V/0.06A]=150Ω，
此时R1=热敏电阻的阻值：R₁=R_总-R₂=150Ω-50Ω=100Ω，
由图象知，热敏电阻的阻值为100Ω时，对应的温度为50℃．
故答案为：（1）图略；（2）变小； （3）变大； （4）当滑动变阻器R₂接入电路中的电阻为50Ω时，恒温箱内的温度是50℃．

点评：
本题考点： 电磁继电器的组成、原理和特点；欧姆定律的应用．

考点点评： 热敏电阻的阻值随着温度的升高而减小是解决此题的关键，也是此题的核心．

（1-[1/12]×4）÷[1/15]
=[2/3]÷[1/15]
=10（天）；
答：甲队共修了10天．

点评：
本题考点： 分数除法应用题．

考点点评： 此题属于工程问题，可利用“工作量÷工作效率=工作时间”进行解答．

（1）电饭锅加热时，R₂被短路只有R₁工作，加热过程电饭锅消耗的功率为P₁=
U2
R1=807W，K₁、K₂都断开时电饭锅消耗的电功率P₂=
U2
(R1+R2)=22W，
（2）若K₁未闭合，开始K₂总是闭合的，R₂被短路，功率为P₁，当温度上升到80°时，K₂自动断开，功率降为P₂，温度降低到70°，K₂自动闭合…温度只能在70°-80°之间变化，不能煮熟饭．
答：（1）加热过程电饭锅消耗的电功率P₁是807W，K₁、K₂都断开时电饭锅消耗的电功率P₂是22W；
（2）插上电源后没有手动闭合K₁，温度只能在70°-80°之间变化，不能煮熟饭．

点评：
本题考点： 电功、电功率．

考点点评： 考查学生会根据不同情况分析电路图的能力，以及灵活运用电功率公式计算的能力

（1-[1/12]×4）÷[1/15]
=[2/3]÷[1/15]
=10（天）；
答：甲队共修了10天．

点评：
本题考点： 分数除法应用题．

考点点评： 此题属于工程问题，可利用“工作量÷工作效率=工作时间”进行解答．

（1-[1/12]×4）÷[1/15]
=[2/3]÷[1/15]
=10（天）；
答：甲队共修了10天．

点评：
本题考点： 分数除法应用题．

考点点评： 此题属于工程问题，可利用“工作量÷工作效率=工作时间”进行解答．

（1-[1/12]×4）÷[1/15]
=[2/3]÷[1/15]
=10（天）；
答：甲队共修了10天．

点评：
本题考点： 分数除法应用题．

考点点评： 此题属于工程问题，可利用“工作量÷工作效率=工作时间”进行解答．

（1）有实验次数1中的数据：车速为80km/h时，多孔沥青路面噪声为78.5，普通沥青路面噪声为85.4，故可得出同一辆车在车速一定时，沥青路面孔越多，噪声越小，车速为100km/h 的桑塔纳轿车的噪声比车速为80km/h 的...

点评：
本题考点： 噪声及来源；防治噪声的途径．

考点点评： 本题考查了噪声的产生和减弱噪声的途径．让学生意识到噪声的危害，自己要学会减弱噪声并且不要制造噪声，学用结合．

（1）根据当电磁继电器线圈的电流达到60mA时电磁继电器的衔铁被吸下来可知：这时恒温箱停止工作；
所以恒温箱工作电路是由电源与电阻R₀通过上面两个触点组成；如图所示：

（2）∵Q=I²Rt=
U2
Rt，
∴产生的热量：
Q=

U22
R0t=
(220V)2
44Ω×100s=1.1×10⁵J；
（3）当电磁继电器线圈的电流达到60mA时，设此时热敏电阻的阻值为R₁′，
则R₁′=
U1
Imax-R₂=[9V/0.06A]-50Ω=100Ω；
由图可知，热敏电阻为100Ω时对应的温度为50℃，
即恒温箱的温度将稳定在50℃．
故答案为：（1）如上图所示；（2）1.1×10⁵；（3）50．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算．

考点点评： 在本题的计算中主要考查了欧姆定律的运用、焦耳定律公式的运用、串联电路的特点等．题目的难点在于对题意的理解，尤其是对其工作过程中，温度与热敏电阻的关系，以及与电路的变化之间的联系等，具有一定的综合性，计算容易，但理清思路较难．

（1）由f=
1
2π
LC知，当C最小时，则f最大
所以 f_最大=1739kHz
（2）由v=λf知，当f最大时，λ最小，
所以λ_最小=173m
答：它能接收的电磁波的最大频率是1739kHz和最小波长是173m．

点评：
本题考点： 电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．

考点点评： 考查f=12πLC与v=λf的应用与掌握，注意小心计算．

（1-[1/12]×4）÷[1/15]
=[2/3]÷[1/15]
=10（天）；
答：甲队共修了10天．

点评：
本题考点： 分数除法应用题．

考点点评： 此题属于工程问题，可利用“工作量÷工作效率=工作时间”进行解答．

A、根据力的平衡，安培力的大小为mgsinθ，方向沿斜面向上．所以B₂Id=mgsinθ，则回路中的感应电流大小I=
mgsinθ
B2d．根据安培力的方向，通过左手定则，知通过线圈感应电流的方向从上往下看为顺时针方向．根据楞次定律，圆形线圈中的磁场可以方向向上均匀增强，也可以方向向下均匀减弱．故A、B、C正确．
D、根据P=I²r，可知圆形导线中的电热功率为P=
m2g2sin2θ

B22d2r．故D错误．
本题选不正确的，故选D．

点评：
本题考点： 法拉第电磁感应定律；电功、电功率；安培力．

考点点评： 解决本题的关键通过受力平衡求出安培力的大小和方向，以及掌握左手定则判定安培力与电流方向的关系，和运用楞次定律判断感应电流方向与磁场的变化关系．