小北塘家新买的一台快速电水壶，这台电水壶的铭牌如下表．为了测量该电水壶烧水时的实际功率，小北塘用所学知识和父亲合作进行了

n朵白云飘2022-10-04 11:39:542条回答

小北塘家新买的一台快速电水壶，这台电水壶的铭牌如下表．为了测量该电水壶烧水时的实际功率，小北塘用所学知识和父亲合作进行了如下实验：关掉家里所有用电器，将该电水壶装满水，接入家庭电路中，测得壶中水从25℃上升到35℃所用的时间是50s．同时观察到家中“220V 10A（40A）3200imp/（kW•h）”的电子式电能表耗电指示灯闪烁了80imp．请根据相关信息解答下列问题．
产品型号：SWF18A5T-200
最大容积：1.8L
额定功率：2000W
额定频率：50Hz
额定电压：220V～
（1）电水壶中水的质量；
（2）根据电能表指示灯的工作情况求出电水壶烧水时消耗的电能和实际功率；
（3）电水壶加热的效率
（4）通过比较实际功率与额定功率大小关系，简要回答造成这种关系的一种可能原因．

已提交，审核后显示！提交回复

共2条回复
174444 共回答了20个问题 | 采纳率95%
解题思路：（1）根据电水壶的最大容积是1.8L和水的密度，利用密度公式变形即可求出电水壶中水的质量；
（2）根据“观察到家中“220V10A（40A） 3200imp/（kw•h）”的电子式电能表耗电指示灯闪烁了80imp”可求出此时电水壶消耗的电能W总，再利用P=
W总
t
即可求出电水壶烧水时的实际功率；
（3）根据〔C水=4.2×103J/（kg•℃）〕、水的质量、水上升的温度，利用Q吸=c水m△t求出水吸收的热量，
根据电水壶烧水时水实际得到的热量除以消耗的电实际可以产生的热量，即利用η=
Q吸
W总
×100%即可求出电水壶加热的效率；
（4）根据信息数据可知电水壶的额定功率为2000W，而实际功率为1800W，原因可能是实际电压过低．

（1）由ρ=[m/V]得
m=ρV=1.0×103kg/m3×1.8×10-3m3=1.8kg；
答：电水壶中水的质量是1.8kg；
（2）W=[80imp/3200imp]×3.6×106J=9×104J，
P=
W总
t=
9×104J
50s=1800W；
答：电水壶烧水时消耗的电能为9×104J，电水壶烧水时的实际功率为1800W．
（3）Q吸=c水m△t=4.2×103J/（kg•℃）×1.8kg×（35℃-25℃）=7.56×104J，
η=
Q吸
W总×100%=
7.56×104J
9×104J×100%=84%；
答：电水壶加热的效率为84%．
（4）由信息数据可知电水壶的额定功率为2000W，而通过计算可知实际功率为1800W，原因可能是实际电压小于额定电压．

点评：
本题考点： 密度公式的应用；能量利用效率；电功率的计算；实际功率．

考点点评： 此题考查密度公式的应用，电功率的计算，热量的计算等知识点，涉及到的知识点较多，综合性强，难易程度适中．本题是一道电学与热学的综合应用题，与生活相连，使学生觉得学了物理有用，注意计算时的单位变换要正确．

1年前
ll孤舟 共回答了6个问题 | 采纳率
问题一：3200imp（KW.h）”的电子式电能表消耗指示灯闪烁了80imp，这是消耗的电能是w=1000*3600*(80/3200)=90000J
实际功率P=w/t=90000/50=1800W
问题二：造成这种关系原因很多啦，可能是线路中电线的线路过大，等等。
不过我觉得这道题出题有点问题，他应该告诉我们水的比热，然后根据壶中水从25°上升到35°所用的时间是50s...
1年前

相关推荐

（2009•北塘区一模）小北塘家新买的一台快速电水壶，这台电水壶的铭牌如下表．为了测量该电水壶烧水时的实际功率，小北塘用
（2009•北塘区一模）小北塘家新买的一台快速电水壶，这台电水壶的铭牌如下表．为了测量该电水壶烧水时的实际功率，小北塘用所学知识和父亲合作进行了如下实验：关掉家里所有用电器，将该电水壶装满水，接入家庭电路中，测得壶中水从25℃上升到35℃所用的时间是50s．同时观察到家中“220V 10A（40A）3200imp/（kW•h）”的电子式电能表耗电指示灯闪烁了80imp．请根据相关信息解答下列问题．
产品型号：SWF18A5T-200
最大容积：1.8L
额定功率：2000W
额定频率：50Hz
额定电压：220V～
（1）电水壶中水的质量；
（2）根据电能表指示灯的工作情况求出电水壶烧水时消耗的电能和实际功率；
（3）电水壶加热的效率
（4）通过比较实际功率与额定功率大小关系，简要回答造成这种关系的一种可能原因．
hgyn1年前1
四点钟天明 共回答了22个问题 | 采纳率95.5%
解题思路：（1）根据电水壶的最大容积是1.8L和水的密度，利用密度公式变形即可求出电水壶中水的质量；
（2）根据“观察到家中“220V10A（40A） 3200imp/（kw•h）”的电子式电能表耗电指示灯闪烁了80imp”可求出此时电水壶消耗的电能W总，再利用P=
W总
t
即可求出电水壶烧水时的实际功率；
（3）根据〔C水=4.2×103J/（kg•℃）〕、水的质量、水上升的温度，利用Q吸=c水m△t求出水吸收的热量，
根据电水壶烧水时水实际得到的热量除以消耗的电实际可以产生的热量，即利用η=
Q吸
W总
×100%即可求出电水壶加热的效率；
（4）根据信息数据可知电水壶的额定功率为2000W，而实际功率为1800W，原因可能是实际电压过低．

（1）由ρ=[m/V]得
m=ρV=1.0×103kg/m3×1.8×10-3m3=1.8kg；
答：电水壶中水的质量是1.8kg；
（2）W=[80imp/3200imp]×3.6×106J=9×104J，
P=
W总
t=
9×104J
50s=1800W；
答：电水壶烧水时消耗的电能为9×104J，电水壶烧水时的实际功率为1800W．
（3）Q吸=c水m△t=4.2×103J/（kg•℃）×1.8kg×（35℃-25℃）=7.56×104J，
η=
Q吸
W总×100%=
7.56×104J
9×104J×100%=84%；
答：电水壶加热的效率为84%．
（4）由信息数据可知电水壶的额定功率为2000W，而通过计算可知实际功率为1800W，原因可能是实际电压小于额定电压．

点评：
本题考点： 密度公式的应用；能量利用效率；电功率的计算；实际功率．

考点点评： 此题考查密度公式的应用，电功率的计算，热量的计算等知识点，涉及到的知识点较多，综合性强，难易程度适中．本题是一道电学与热学的综合应用题，与生活相连，使学生觉得学了物理有用，注意计算时的单位变换要正确．

1年前查看全部
（2009•北塘区二模）小北塘在做“测小灯泡功率”的实验时，所用电源电压为4.5伏，小灯泡标有“2.5伏”字样． 实验次
（2009•北塘区二模）小北塘在做“测小灯泡功率”的实验时，所用电源电压为4.5伏，小灯泡标有“2.5伏”字样．
实验次数 电压（伏） 电流（安）
1 2.5 0.26
2 2.0 0.30
3 1.5 0.34
（1）连接电路，闭合电键，移动滑动变阻器的滑片P，得到了如图中表格的几组数据（数据记录无误），你认为他在连接电路的操作中可能出了什么问题？______．
（2）据表格中的数据，可以推理得出小灯泡的额定功率为______W．
miss韬1年前1
菲笔当道 共回答了22个问题 | 采纳率95.5%
解题思路：（1）根据电路连接的注意事项进行分析，连接完电路后，需将滑动变阻器移至阻值最大处，才能够闭合开关；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中电流最小，灯泡两端电压最小，从表格数据中可以看出，移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数减小，说明电压表不是测量灯泡两端电压，故电压表测量滑动变阻器两端电压．
（2）已知电源电压、灯泡的额定电压，结合串联电路电压的特点可知灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的电压，然后读出电路中的电流，利用P=UI求出灯泡的额定功率．

（1）从表中数据可以看出，移动滑片的位置，电压表的示数逐渐减小，因此电压表测量滑动变阻器两端的电压；
（2）当灯泡两端电压为2.5V时，滑动变阻器两端电压为4.5V-2.5V=2V，从表中数据可以看出，此时电路中的电流为0.30A，则灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×0.30A=0.75W．
故答案为 （1）电压表测的是滑动变阻器两端的电压；（2）0.75．

点评：
本题考点： 电压表的使用；电功率的计算；额定功率．

考点点评： 本题考查电压表的使用、电功率的计算以及滑动变阻器的作用，重点是能根据电压表示数的变化，和连接电路的注意事项判断电压表所测量的用电器．

1年前查看全部
为了进一步研究影子长度与哪些因素有关,小北塘课后率领科学兴趣小组的同学做了如
2532716231年前2
jwnlll 共回答了15个问题 | 采纳率100%
物体的高度,光源的位置
1年前查看全部

大家在问

Copyright © 2019-2022 . All Rights Reserved. www.usmleedu.com 版权所有