绝缘电阻50G欧.米换算成M欧.千米是多少呢?

liangyanying2022-10-04 11:39:542条回答

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zhangrong8805 共回答了21个问题 | 采纳率95.2%
50M欧×千米
就是把米变成10(-3)次方千米,G欧变成10的3次方M欧.
BTW:这不是电阻的单位,这是体积电阻率的单位.
1年前
wang820315 共回答了1个问题 | 采纳率
1222
1年前

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(2013•宿迁一模)如图,光滑的水平桌面处在竖直向下的匀强磁场中,桌面上平放一根一端开口、内壁光滑的绝缘细管,细管封闭端有一带电小球,小球直径略小于管的直径,细管的中心轴线沿y轴方向.在水平拉力F作用下,细管沿x轴方向作匀速运动,小球能从管口处飞出.小球在离开细管前的运动加速度a、拉力F随时间t变化的图象中,正确的是(  )
A.
B.
C.
D.
玄武恶煞1年前1
zjr820 共回答了17个问题 | 采纳率94.1%
解题思路:小球在沿x轴方向上做匀速直线运动,根据左手定则知小球在沿y轴方向受到洛伦兹力,小球在y轴方向上做加速运动.在y轴方向一旦有速度,在x轴方向也会受到洛伦兹力.

A、B、在x轴方向上的速度不变,则在y轴方向上受到大小一定的洛伦兹力,根据牛顿第二定律,小球的加速度不变,故A错误,B正确;
C、D、管子在水平方向受到拉力和球对管子的弹力,球对管子的弹力大小等于球在x轴方向受到的洛伦兹力大小,在y轴方向的速度逐渐增大,(vy=at)则在x轴方向的洛伦兹力逐渐增大,(F=qvyB=qBat),所以F随时间逐渐增大,故C错误,D正确;
故选BD.

点评:
本题考点: 洛仑兹力;牛顿第二定律.

考点点评: 本题中小球做类平抛运动,其研究方法与平抛运动类似.小球在y轴方向受到洛伦兹力做匀加速直线运动,在x轴方向受洛伦兹力与弹力平衡.

(2012•马鞍山模拟)如图所示.倾角为θ的绝缘斜面固定在水平面上,当质量为m、电量为q带正电的滑块沿斜面下滑时,在此空
(2012•马鞍山模拟)如图所示.倾角为θ的绝缘斜面固定在水平面上,当质量为m、电量为q带正电的滑块沿斜面下滑时,在此空间突然加上竖直方向的匀强电场,已知滑块受到的电场力小于滑块的重力.则(  )
A.若滑块匀速下滑,加上竖直向上的电场后,滑块将减速下滑
B.若滑块匀速下滑,加上竖直向下的电场后,滑块将加速下滑
C.若滑块匀减速下滑,加上竖直向上的电场后,滑块仍减速下滑,但加速度变小
D.若滑块匀加速下滑,加上竖直向下的电场后,滑块仍加速下滑,但加速度变大
LYFX0011年前1
我继续爆 共回答了23个问题 | 采纳率91.3%
解题思路:若滑块匀速下滑,受力平衡,沿斜面方向列出力平衡方程.加上竖直方向的匀强电场后,竖直方向加上电场力,再分析物体受力能否平衡,判断物体能否匀速运动.

A、若滑块匀速下滑时,则有mgsinθ=μmgcosθ.当加上竖直向上的电场后,在沿斜面方向,(mg-F)sinθ=μ(mg-F)cosθ,受力仍保持平衡,则滑块仍匀速下滑.故A错误;
B、若滑块匀速下滑,有mgsinθ=μmgcosθ.加上竖直向下的电场后,在沿斜面方向,(mg+F)sinθ=μ(mg+F)cosθ,受力仍保持平衡,则滑块仍匀速下滑.故B错误;
C、若滑块匀减速下滑,根据牛顿第二定律,有:μmgcosθ-mgsinθ=ma,解得a=g(μcosθ-sinθ);
加上竖直向上的电场后,根据牛顿第二定律,有:μ(mg-F)cosθ-(mg-F)sinθ=ma′,解得a′=g(μcosθ-sinθ)(1-[F/m]);
故a<a′,即加速度减小,故C正确;
D、若滑块匀加速下滑,根据牛顿第二定律,有:mgsinθ-μmgcosθ=ma,解得a=g(sinθ-μcosθ);
加上竖直向下的电场后,根据牛顿第二定律,有:(F+mg)sinθ-μ(F+mg)cosθ=ma′,解得a′=g(sinθ-μcosθ)(1+[F/m]);
故a<a′,即加速度变大,故D正确;
故选CD.

点评:
本题考点: 牛顿第二定律.

考点点评: 判断物体运动的状态,关键是分析受力情况,确定合力是否为零或合力与速度方向的关系.

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在光滑的绝缘水平面上,有一个正三角形abc,顶点a、b、c处分别固定一个正点电荷,电荷量相等,如图所示,D点为正三角形外接圆的圆心,E、G、H点分别为ab、ac、bc的中点,F点为E关于c电荷的对称点,则下列说法中正确的是
[ ]
A.D点的电场强度为零、电势可能为零
B.E、F两点的电场强度等大反向、电势相等
C.E、G、H三点的电场强度和电势均相同
D.若释放c电荷,c电荷将一直做加速运动(不计空气阻力)
隐居士20061年前1
山谷里的风 共回答了21个问题 | 采纳率95.2%
AD
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如图所示,带电荷量为Q的正点电荷固定在倾角为30°的光滑绝缘斜面底部的C点,斜面上有A、B两点,且A、B和C在同一直线上,A和C相距为L,B为AC中点.现将一带电小球从A点由静止释放,当带电小球运动到B点时速度正好又为零,已知带电小球在A点处的加速度大小为[g/4],静电力常量为k,求:

(1)小球运动到B点时的加速度大小.
(2)B和A两点间的电势差(用Q和L表示).
俺乡下户口1年前2
浪漫少爷01 共回答了20个问题 | 采纳率95%
解题思路:(1)根据库仑定律和牛顿第二定律分别研究小球在A点和B点的加速度,分别列式即可求得小球运动到B点时的加速度大小.
(2)根据动能定理和电场力公式W=qU结合,求解B和A两点间的电势差.

(1)根据牛顿第二定律和库仑定律得:
带电小球在A点时有:
mgsin 30°-k[Qq
L2=maA
带电小球在B点时有:
k
Qq
(
L/2)2]-mgsin 30°=maB
且aA=[g/4],可解得:aB=[g/2]
(2)由A点到B点应用动能定理得:
mgsin 30°•[L/2]-UBA•q=0
由mgsin 30°-k[Qq
L2=m•aA=m
g/4]
可得:[1/4]mg=k[Qq
L2
可求得:UBA=k
Q/L]
答:
(1)小球运动到B点时的加速度大小为[g/2].
(2)B和A两点间的电势差为k[Q/L].

点评:
本题考点: 电势差与电场强度的关系;电势差.

考点点评: 此题要研究加速度,首先要想到牛顿第二定律,分析受力,列式求解.对于电势差,要知道电场力做功与电势差有关,运用动能定理求解电势差是常用的思路.

如图,均匀带正电的绝缘圆环a与金属圆环b同心共面放置,当a绕圆心O点在其所在平面内旋转时,b中产生顺时针方向的感应电流,
如图,均匀带正电的绝缘圆环a与金属圆环b同心共面放置,当a绕圆心O点在其所在平面内旋转时,b中产生顺时针方向的感应电流,且具有扩张趋势,由此可知,圆环a(  )
A. 顺时针加速旋转
B. 顺时针减速旋转
C. 逆时针加速旋转
D. 逆时针减速旋转
zipposky1年前1
xuetianxiaojie 共回答了22个问题 | 采纳率86.4%
解题思路:本题中是由于a的转动而形成了感应电流,而只有a中的感应电流的变化可以在b中产生磁通量的变化,才使b中产生了感应电流;因此本题应采用逆向思维法分析判断.

分析A选项,当带正电的绝缘圆环a顺时针加速旋转时,相当于顺时针方向电流,并且在增大,根据右手定则,其内(金属圆环a内)有垂直纸面向里的磁场,其外(金属圆环b处)有垂直纸面向外的磁场,并且磁场的磁感应强度在增大,金属圆环b包围的面积内的磁场的总磁感应强度是垂直纸面向里(因为向里的比向外的磁通量多,向里的是全部,向外的是部分)而且增大,根据楞次定律,b中产生的感应电流的磁场垂直纸面向外,磁场对电流的作用力向外,所以b中产生逆时针方向的感应电流,根据左手定则,磁场对电流的作用力向外,所以具有扩张趋势,所以A错误;
同样的方法可判断b中产生顺时针方向的感应电流,但具有收缩趋势,故B选项错误;
而C选项,b中产生顺时针方向的感应电流,但具有扩张趋势,故C正确;
而D选项,b中产生逆时针方向的感应电流,但具有收缩趋势,所以D错误.
故选:C.

点评:
本题考点: 楞次定律.

考点点评: 本题综合考查电流的磁场(安培定则),磁通量,电磁感应,楞次定律,磁场对电流的作用力,左手定则等.本题的每一选项都有两个判断,有的同学习惯用否定之否定法,如A错误,就理所当然的认为B和C都正确,因为二者相反:顺时针减速旋转和逆时针加速旋转,但本题是单选题,甚至陷入矛盾.他们忽略了本题有两个判断,一个是电流方向,另一个是收缩趋势还是扩张趋势.如果只有一个判断,如b中产生的感应电流的方向,可用此法.所以解题经验不能做定律或定理用.

两块不带电的金属导体A、B均配有绝缘支架,现有一个带正电点小球C
两块不带电的金属导体A、B均配有绝缘支架,现有一个带正电点小球C
(1)要使两块金属导体带上等量异种电荷,则应如何操作?哪一块带正电?
(2)要使两块金属导体都带上正电荷,则应如何操作?
(3)要使两块金属导体都带上负电荷,则应如何操作?
进攻好过守卫1年前1
a5295 共回答了16个问题 | 采纳率100%
1.让ABC三物体接触,然后移走C,AB,带等量同种电荷
2.同1,均为正电
3.C靠近A的一端,将另一端接地,然后断开;C靠近B的一端,将另一端接地,然后断开,AB均带负电荷
(2013•德阳模拟)如图所示,匀强电场方向与倾斜的天花板垂直,一带正电的物体在绝缘天花板上处于静止状态,则下列判断正确
(2013•德阳模拟)如图所示,匀强电场方向与倾斜的天花板垂直,一带正电的物体在绝缘天花板上处于静止状态,则下列判断正确的是(  )
A.天花板与物体间的弹力可能为零
B.天花板对物体的摩擦力可能为零
C.物体受到天花板的摩擦力随电场强度E的增大而增大
D.在逐渐增大电场强度E的过程中,物体将始终保持静止
sara8311年前1
WY透明心情 共回答了21个问题 | 采纳率81%
解题思路:对带电物体受力分析,通过共点力平衡进行分析,注意有摩擦力必有弹力.

AB、物体受重力、电场力、天花板对物体的弹力和静摩擦力平衡.因为摩擦力不为零,则弹力不为零.故A、B错误;
C、根据共点力平衡得,物体所受的静摩擦力等于重力沿天花板的分力,增大电场强度,电场力增大,天花板弹力增大,但是静摩擦力不变,物体始终保持静止.故C错误,D正确.
故选:D.

点评:
本题考点: 摩擦力的判断与计算.

考点点评: 解决本题的关键能够正确地进行受力分析,运用共点力平衡进行求解.

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(2013•临沂一模)如图所示,两根长直导线竖直插入光滑绝缘水平桌面上的M、N两小孔中,O为M、N连线中点,连线上a、b两点关于O点对称.导线通有大小相等、方向相反的电流.已知通电长直导线在周围产生的磁场的磁感应强度B=k
I
r
,式中k是常数、I导线中电流、r为点到导线的距离.一带正电的小球以初速度ν0从a点出发沿连线运动到b点.关于上述过程,下列说法正确的是(  )
A.小球先做加速运动后做减速运动
B.小球一直做匀速直线运动
C.小球对桌面的压力先增大后减小
D.小球对桌面的压力一直在增大
笨笨liu1年前1
8507783 共回答了12个问题 | 采纳率83.3%
解题思路:根据右手螺旋定制,判断出MN直线处磁场的方向,然后根据左手定则判断洛伦兹力大小和方向的变化,明确了受力情况,即可明确运动情况.

根据右手螺旋定制可知直线MN处的磁场方向垂直于MN向里,磁场大小先减小后增大,根据左手定则可知,带正电的小球受到的洛伦兹力方向向上,根据F=qvB可知,其大小是先减小后增大,由此可知,小球将做匀速直线运动,小球对桌面的压力先增大后减小,故AD错误,BC正确.
故选BC.

点评:
本题考点: 带电粒子在匀强磁场中的运动.

考点点评: 本题考查了右手螺旋定则和左手定则的熟练应用,正确解答带电粒子在磁场中运动的思路为明确受力情况,进一步明确其运动形式和规律.

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(2011•巢湖二模)如图所示,质量为m带电荷+q的滑块恰能从倾角为θ的绝缘斜面上匀速下滑.现在斜面所在平面内加一匀强电场使滑块恰能沿斜面匀速上滑,关于所加电场的说法正确的是(  )
A.电场方向一定竖直向上,大小为[mg/q]
B.电场方向一定与斜面平行,大小为[mgsinθ/q]
C.所加电场的最小值为[mgsin2θ/q]
D.所加电场的最大值为[mg/q]
yanyusheng1年前1
昊珊 共回答了16个问题 | 采纳率87.5%
解题思路:质量为m带电荷+q的滑块恰能从倾角为θ的绝缘斜面上匀速下滑,知滑块受到摩擦力与重力的分力相等,加一匀强电场使滑块恰能沿斜面匀速上滑,知滑块处于平衡状态,通过受力分析求出电场强度的最小值.

A、当电场的方向竖直向上时,要想做匀速直线运动,必须有mg=qE,则E=[mg/q].当电场的方向与斜面平行时,有qE=f+mgsinθ=2mgsinθ.所以E=[2mgsinθ/q].而且电场的方向有无数种.故A、B错误.
C、物体受重力、支持力、摩擦力和电场力,支持力与摩擦力的合力方向一定,因为开始能匀速下滑,有mgsinθ=μmgcosθ,μ=tanθ,所以支持力与摩擦力的合力方向与垂直于斜面方向成θ角,(如下图)重力大小方向一定,根据矢量三角形,当电场力的方向与支持力与摩擦力合力方向垂直时,电场力最小,根据几何关系,求出重力的反向延长线与支持力摩擦力合力方向的夹角为2θ,则电场力的最小值F=mgsin2θ.电场强度的最小值为[mgsin2θ/q].故C正确.
D、从下图可看出,电场力的最大值可达到无穷大.故D错误.
故选C.

点评:
本题考点: 带电粒子在匀强电场中的运动;力的合成与分解的运用;共点力平衡的条件及其应用.

考点点评: 解决本题的关键能正确的进行受力分析,并能根据三角形法去求最小值.

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(2011•宁德模拟)在光滑的绝缘水平面上,有一个边长为L的正三角形abc,顶点a、b、c处分别固定一个电荷量为q的正电荷,如图所示,D点为正三角形外接圆的圆心,E、G、H点分别为ab、ac、bc的中点,F点为E点关于电荷c的对称点,下列说法中正确的是(  )
A.D点的电场强度一定不为零,电势可能为零
B.E、F两点的电场强度等大反向,电势相等
C.c点电荷受到a、b点电荷的库仑力F=2k
q2
L2

D.若释放点电荷c,它将做加速运动(不计空气阻力)
kekeyc1年前1
xintian3 共回答了11个问题 | 采纳率90.9%
A、三个点电荷在D点的场强大小相等,方向沿角平分线,由几何关系可知三个场强间的夹角为120°,由矢量的合成可知,D点的场强一定为零,故A错误;
B、由图可知,ab在E点的合场强为零,故E点的场强只有c产生的场强;而F点abc三个点电荷均有场强存在,故F点的场强为三个点电荷形成的场强的合场强;因c在E和F两点形成的场强大小相等,故可知F点的场强应大于E点场强,故B错误;
C、C点处有ab产生的场强,由场强的叠加可知,c点的场强Ec=

3kq
L2,故受库仑力F=

3kq2
L2,故C错误;
D、因c点场强方向向右,c粒子带正电,粒子受向右的电场力,故释放点电荷c,它将向右做加速运动,故D正确;
故选D.
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如图所示,导体棒 ab 质量为0.10kg,用绝缘细线悬挂后,恰好与宽度为50cm的光滑水平导轨良好接触,导轨上还放有质量为0.20kg的另一导体棒 cd ,整个装置处于竖直向上的匀强磁场中。将 ab 棒向右拉起0.80m高,无初速释放,当 ab 棒第一次经过平衡位置向左摆起的瞬间, cd 棒获得的速度是0.50m/s。在 ab 棒第一次经过平衡位置的过程中,通过 cd 棒的电荷量为1C。空气阻力不计,重力加速度 g 取10m/s 2 ,求:

(1) ab 棒向左摆起的最大高度;
(2)匀强磁场的磁感应强度;
(3)此过程中回路产生的焦耳热。
有多球1年前1
babadi 共回答了17个问题 | 采纳率88.2%
(1)0.45m(2)0.2T(3)0.325J

(1)设 ab 棒下落到最低点时速度为 v 1 ,由机械能守恒有: m 1 gh 1 = …① (1分)
m/s="4m/s" ……………………………………………(1分)
设 ab 棒向左摆动的最大高度为 h 2 , ab 棒与导轨接触时与 cd 棒组成的系统,在水平方向动量守恒,定水平向左为正方向 ……………②(2分)
=3m/s…………………………③(2分)
再由机械能守恒 ………………………………………④ (1分)
="0.45m" ………………………………………………(1分)
(2)设匀强磁场的磁感应强度为 B , cd 棒通电时间为 ,对 cd 棒由动量定理有 ………………………………………………………⑤(3分)
………………………………………………………………⑥(2分)
…………………………………………(2分)
(3)设产生的焦耳热为 Q ,由能量守恒可知:
…………………………………………⑦ (2分)
Q ="0.325J" …………………………………………………………………(1分)
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(2006•南开区二模)如图,一平行板电容器固定在绝缘小车上,左极板的电势高于右极板的电势,极板间距离为L,小车连同极板的总质量为M,小车在光滑的地平面上正以某一速度向右做匀速直线运动,一质量m=M/3带有正电荷的滑块以跟小车大小相等的初速度从右极板开口处冲入极板间,滑块刚好没能够与左极板相碰(不计滑块与小车的摩擦力)
(1)若小车、滑块的初速度大小均为v0,求系统电势能变化的最大值.
(2)若小车、滑块初速度大小未知,求滑块向左运动到最远处离出发点的位移.
afterfly1年前1
ii坊 共回答了17个问题 | 采纳率100%
解题思路:(1)小车、滑块系统动量守恒列出等式,根据能量守恒求解
(2)对系统全过程运用动能定理列出等式,对滑块m速度减为0的过程运用动能定理列出等式求解

(1)设共同速度为v,依动量守恒定律有
Mv0-mv=(M+m)v
得v=[1/2]v0
根据能量守恒得系统动能减少等于电势能增量
△E=
1
2mv02+
1
2mv02−
1
2(M+m)v2
得△E=
2Mmv02
M+m=
1
2Mv02
(2)设电场力qE=F
对系统全过程运用动能定理列出等式:

1
2(M+m)v02−
1
2(M+m)v2=FL
对滑块m速度减为0的过程运用动能定理列出等式:

1
2mv02=Fl
由两式解得l=
L
3
答:(1)若小车、滑块的初速度大小均为v0,系统电势能变化的最大值是
1
2Mv02.
(2)若小车、滑块初速度大小未知,滑块向左运动到最远处离出发点的位移是[L/3].

点评:
本题考点: 动量守恒定律;功能关系.

考点点评: 该题是一道综合题,综合运用了能量守恒定律、动量守恒定律、动能定理,解决本题的关键熟练这些定理、定律的运用.

.如图4-5-15所示,在一水平光滑绝缘塑料板上有一环形凹槽,有一带正电小球质量为m,电荷量为q,在槽内沿顺时针做匀速圆
.如图4-5-15所示,在一水平光滑绝缘塑料板上有一环形凹槽,有一带正电小球质量为m,电荷量为q,在槽内沿顺时针做匀速圆周运动,现加一竖直向上的均匀变化的匀强磁场,且B逐渐增加,则(  )
A.小球速度变大     B.小球速度变小
C.小球速度不变 D.以上三种情况都有可能
我知道他是加速的,但是,总的洛沦兹力又不做功,那动能是怎么增加的,难道靠感生磁场产生的电场做功么?
王潍坊1年前1
为梦走vv 共回答了17个问题 | 采纳率88.2%
洛沦兹力又不做功,
l但弹力做正功,
(2013•上海)如图,通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面,位置靠近ab且相互绝缘.当MN中电流突然减小时,线圈所受
(2013•上海)如图,通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面,位置靠近ab且相互绝缘.当MN中电流突然减小时,线圈所受安培力的合力方向(  )
A.向左
B.向右
C.垂直纸面向外
D.垂直纸面向里
dhswo1年前1
ruipebble 共回答了18个问题 | 采纳率83.3%
解题思路:金属线框abcd放在导线MN上,导线中电流产生磁场,当导线中电流减小时,穿过线框abcd的磁通量减小,根据楞次定律判断线框abcd感应电流,再由左手定则来确定所受有安培力方向.

金属线框abcd放在导线MN上,导线中电流产生磁场,根据安培定则判断可知,线框abcd左右两侧磁场方向相反,线框左侧的磁通量小于线框右侧的磁通量,磁通量存在抵消的情况.若MN中电流突然减小时,穿过线框的磁通量将减小.根据楞次定律可知,感应电流的磁场要阻碍磁通量的变化,则线框abcd感应电流方向为顺时针,再由左手定则可知,左边受到的安培力水平向右,而左边的安培力方向也水平向右,故安培力的合力向右.故B正确,ACD错误.
故选B

点评:
本题考点: 安培力;通电直导线和通电线圈周围磁场的方向.

考点点评: 本题运用楞次定律判断电磁感应中导体的运动方向,也可以根据因果关系,运用安培定则、楞次定律和左手定则按部就班进行分析判断.

质量为m、带电量为q的小物块,从倾角为θ的光滑绝缘斜面上由静止下滑,整个斜面置于方向水平向里的匀强磁场中,磁感应强度为B
质量为m、带电量为q的小物块,从倾角为θ的光滑绝缘斜面上由静止下滑,整个斜面置于方向水平向里的匀强磁场中,磁感应强度为B,如图所示.若带电小物块下滑后某时刻对斜面的作用力恰好为零,下面说法中正确的是(  )
A.小物块一定带有正电荷
B.小物块在斜面上运动时做匀加速直线运动
C.小物块在斜面上运动时做加速度增大,而速度也增大的变加速直线运动
D.小物块在斜面上下滑过程中,当小球对斜面压力为零时的速率为
mgcosθ
Bq
dotman20031年前1
lalsw 共回答了21个问题 | 采纳率95.2%
A、带电小球下滑后某时刻对斜面的作用力恰好为零,知洛伦兹力的方向垂直于斜面向上.根据左手定则知,小球带负电.故A错误.
B、小球在运动的过程中受重力、斜面的支持力、洛伦兹力,合外力沿斜面向下,大小为mgsinθ,根据牛顿第二定律知a=gsinθ,小球在离开斜面前做匀加速直线运动.故B正确,C错误
D、当压力为零时,在垂直于斜面方向上的合力为零,有mgcosθ=qvB,解得:v=
mgcosθ
Bq ,故D正确.
故选BD.
7.小明、小亮和小敏共同设计了一种测定水平方向风力的装置.其原理如图21(甲)所 示:绝缘轻弹簧的左端
happy_ever_after1年前1
楚一丹 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
7.(共8分)
(1)B(2分)
(2)①2(1分) ②E或R2(1分) 5(1分)
(3)4(2分)
(4)设计中没有考虑迎风板与金属杆有摩擦力;设计中没有考虑迎风板左侧受到的空气阻力;实验中很难保证风力大小恒定、方向水平……(其他解答,只要合理也给分)(1分)
如图所示,将一带电小球A用绝缘棒固定,在它的正上方L处有一悬点O,通过长也为L的绝缘细线悬吊一个与A球带同种电荷的小球B
如图所示,将一带电小球A用绝缘棒固定,在它的正上方L处有一悬点O,通过长也为L的绝缘细线悬吊一个与A球带同种电荷的小球B,B球静止时,悬线与竖直方向成某一夹角θ,现设法增大A球电量,则重新平衡后悬线OB对B球的拉力FT的大小将(  )
A.变大
B.变小
C.不变
D.不能确定
shy2081年前1
玉米苏 共回答了14个问题 | 采纳率85.7%
解题思路:以小球B为研究对象,在增大A球电量的过程中,处于动态平衡状态.小球受到重力G,A的斥力F1和线的拉力FT三个力作用,作出力图,根据△FBF1∽△0AB,得到线的拉力FT与线长的关系分析求解.

以小球为研究对象,球受到重力G,A的斥力F1和线的拉力F2三个力作用,作出力图,如图.
作出F1、F2的合力F,则由平衡条件得 F=G
根据△FBF1∽△0AB得
[F/OA=
FT
OB]
得 FT=
OB
OAG.
在增大A球电量的过程中,OB、OA、G均不变,则线的拉力FT不变.

点评:
本题考点: 共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.

考点点评: 本题是力学中动态变化分析问题,采用的是三角形相似法,也可以应用函数法求解.

如图所示,空间有一垂直纸面的磁感应强度为0.5T的匀强磁场,一质量为0.20kg且足够长的绝缘木板静止在光滑水平面上,在
如图所示,空间有一垂直纸面的磁感应强度为0.5T的匀强磁场,一质量为0.20kg且足够长的绝缘木板静止在光滑水平面上,在木板左端无初速度放置一质量为0.1kg、电荷量q=+0.2C的滑块,滑块与绝缘木板之间动摩擦因数为0.5,滑块受到的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力.现对木板施加方向水平向左,大小为0.6N的恒力,g取10m/s2.则(  )
A.木板和滑块一直做加速度为2 m/s2的匀加速运动
B.滑块开始做匀加速直线运动
C.最终木板做加速度为2 m/s2的匀加速运动,滑块做速度为10 m/s的匀速运动
D.最终木板做加速度为3 m/s2的匀加速运动,滑块做速度为10 m/s的匀速运动
kgbhnhn2131年前1
shmily0325 共回答了20个问题 | 采纳率75%
解题思路:先求出木块静摩擦力能提供的最大加速度,再根据牛顿第二定律判断当0.6N的恒力作用于木板时,系统一起运动的加速度,当滑块获得向左运动的速度以后又产生一个方向向上的洛伦兹力,当洛伦兹力等于重力时滑块与木板之间的弹力为零,此时摩擦力等于零,此后物块做匀速运动,木板做匀加速直线运动.

ABCD、由于动摩擦因数为0.5,静摩擦力能提供的最大加速度为5m/s2,所以当0.6N的恒力作用于木板时,系统一起以a=FM+m=0.60.2+0.1m/s2=2m/s2<5m/s2的加速度一起运动,所以B正确;当滑块获得向左运动的速度以后又产生...

点评:
本题考点: 洛仑兹力;牛顿第二定律.

考点点评: 本题主要考查了牛顿第二定律的直接应用,要求同学们能正确分析木板和滑块的受力情况,进而判断运动情况.

如图所示,竖直放置的光滑绝缘圆环形细管(半径为R)处于水平向右的匀强电场(场强为E)中,环中A、C两点与圆心等高,B、D
如图所示,竖直放置的光滑绝缘圆环形细管(半径为R)处于水平向右的匀强电场(场强为E)中,环中A、C两点与圆心等高,B、D两点与圆心在同一竖直线上.质量为m、电荷量为q的带正电小球在细管中做完整的圆周运动,则(  )
A.小球经过A点时的动能比经过C点时的动能小2qER
B.小球经过B点时的动能比经过D点时的动能小2mgR
C.小球经过D点时的动能最大
D.小球在细管中C、D之间的某点时动能最小
尚深1年前1
安萧叶 共回答了16个问题 | 采纳率93.8%
解题思路:由动能定理可以求出AC间、BD间的动能关系;当环形细管的圆心与小球连线方向与小球所受合力方向相同时,小球动能最大.

小球在做圆周运动的过程中,受重力G、电场力qE、环的弹力F作用,环的弹力不做功,只有重力与电场力做功;
A、小球由A到C的过程中,由动能定理得:EkC-EkA=qE×2R,EkC-EkA=2qER,小球经过A点时的动能比经过C点时的动能小2qER,故A正确;
B、小球由B到D的过程中,由动能定理得:EkD-EkB=mg×2R,EkD-EkB=2mgR,小球经过B点时的动能比经过D点时的动能小2mgR,故B正确;
C、小球受到的重力竖直向下,电场力水平向右,则这两个力的合力斜向右下方,即合力方向在圆形O与细管中C、D之间的某点的连线方向上,当小球运动到重力与电场力合力方向时,小球的动能最大,故CD错误;
故选AB.

点评:
本题考点: 带电粒子在匀强电场中的运动;牛顿第二定律;向心力.

考点点评: 如果没有电场,小球在最高点动能最小,在最低点动能最大,有电场后,小球动能最大的位置在重力与电场力合力方向与环的交点处,动能最小位置,在与动能最大位置同一直径的反方向处,这是本题的易错点.

如图所示,竖直绝缘墙壁上的Q处有一固定的点电荷A,在Q上方的P点用丝线悬挂另一点电荷B,A、B两点电荷因带同种电荷而相斥
如图所示,竖直绝缘墙壁上的Q处有一固定的点电荷A,在Q上方的P点用丝线悬挂另一点电荷B,A、B两点电荷因带同种电荷而相斥,致使悬线与竖直方向成θ角.由于电荷漏电使A、B两点电荷的带电荷量逐渐减少,在电荷漏完之前,悬线对P点的拉力大小变化情况是(  )
A. 变大
B. 不变
C. 变小
D. 先变小后变大
ss11451年前0
共回答了个问题 | 采纳率
如图所示,高为h的光滑绝缘曲面处于匀强电场中,匀强电场的方向平行于竖直平面,一带电量为+q,质量
如图所示,高为h的光滑绝缘曲面处于匀强电场中,匀强电场的方向平行于竖直平面,一带电量为+q,质量
D项,E=U/d=mgh/qd,h应该等于d啊,而且这是匀强磁场,怎么会有最小值啊.
joeailulu1年前2
澳龙两吃 共回答了20个问题 | 采纳率85%
E=U/d=mgh/qd 没错,当匀强电场方向竖直向上时,有最小值,此时d=h,E=mg/q
当匀强磁场不竖直向上,除了竖直向上的分量E=E=mg/q外,还有其他分量时,E就
会变大
(2013•浦东新区三模)在粗糙绝缘的斜面上A处固定一点电荷甲,在其左下方B点无初速度释放带电小物块乙,小物块乙沿斜面运
(2013•浦东新区三模)在粗糙绝缘的斜面上A处固定一点电荷甲,在其左下方B点无初速度释放带电小物块乙,小物块乙沿斜面运动到C点静止.从B到C的过程中,乙带电量始终保持不变,下列说法正确的是(  )
A.甲、乙一定带异种电荷
B.小物块的电势能一定减少
C.小物块机械能的损失一定大于克服摩擦力做的功
D.B点的电势一定高于C点的电势
崴脚控1年前1
red5588 共回答了22个问题 | 采纳率95.5%
解题思路:小物块与电荷A之间的距离增大,根据库仑定律分析库仑力的变化;电场力对物块做正功,电势能减小;根据动能定理分析电场力做功与物块克服摩擦力做功的关系;由于点电荷A的电性未知,无法判断B、C电势的高低.

A、若甲、乙是异种电荷,向下运动的过程中电场力逐渐减小,合力增大,加速度增大,物块乙不可能停止在C点.所以两物块为同种电荷,故A错误.
B、电场力对物块乙做正功,则小物块的电势能一定减小.故B正确.
C、根据动能定理得知:电场力对小物块所做的功、摩擦力对小物块做的功及重力做功之和等于零,则知电场力对小物块所做的功和重力做功之和等于小物块克服摩擦力做的功,故电场力对小物块所做的功小于小物块克服摩擦力做的功,故C错误.
D、由于点电荷A的电性未知,电场线方向未知,无法判断B、C电势的高低.故D错误.
故选:B

点评:
本题考点: 电势差与电场强度的关系;电势能.

考点点评: 本题根据库仑力分析库仑力大小变化,由电场力做功正负判断电势能的变化,由动能定理分析各力做功的关系.

如图所示,劲度系数为k的轻弹簧,左端连着绝缘介质小球B,右端连在固定板上,放在光滑绝缘的水平面上。整个装置处在场强大小为
如图所示,劲度系数为k的轻弹簧,左端连着绝缘介质小球B,右端连在固定板上,放在光滑绝缘的水平面上。整个装置处在场强大小为E、方向水平向右的匀强电场中。现把一质量为m、带电荷量为+q的小球A,从距 B球为s处自由释放,并与B球发生正碰。碰撞中无机械能损失,且A球的电荷量始终不变。已知B球的质量M=3m,B球被碰后作周期性运动,其运动周期 (A、B小球均可视为质点)。求:
(1)A球与B球相碰前A的速度大小;
(2)两球第一次碰撞后瞬间,A球的速度v 1 和B球的速度v 2
(3)要使A球与B球第二次仍在B球的初始位置迎面相碰,弹簧劲度系数k的可能取值。
gggf2609731年前1
zhangmin000000 共回答了12个问题 | 采纳率91.7%
(1)设A球与B球碰撞前瞬间的速度为v 0 ,由动能定理得:
…………………①
解得: …………………②
(2)由于碰撞过程极短,可以认为系统满足动量守恒:
…………………③
由题知碰撞过程中无机械能损失,有:
…………………④
解③④得:
,负号表示方向向左 …………………⑤
,方向向右 …………………⑥
(2)要使m与M第二次迎面碰撞仍发生在原位置,则必有A球重新回到O处所用的时间t满足:
…………………⑦
A球在电场中受电场力作用向左做减速运动至速度为0后又向右作加速运动:
…………………⑧
…………………⑨
由题知: …………………⑩
解⑦⑧⑨⑩得:
…………………⑾

如图所示,真空中两根绝缘细棒组成V字型(α角已知)装置,处于竖直平面内,棒上各串一个质量为m、电荷量为q的小球,它们可以
如图所示,真空中两根绝缘细棒组成V字型(α角已知)装置,处于竖直平面内,棒上各串一个质量为m、电荷量为q的小球,它们可以沿棒无摩擦地滑动,而且总是在同一高度.求:
(1)两球相距L时,各自的加速度大小.
(2)两球相距多少时,各自的速度达到最大值?
wen1983311年前0
共回答了个问题 | 采纳率
如图所示,带电荷量为Q的正点电荷固定在倾角为30°的光滑绝缘斜面底部的C点,斜面上有A、B两点,且A、B和C在同一直线上
如图所示,带电荷量为Q的正点电荷固定在倾角为30°的光滑绝缘斜面底部的C点,斜面上有A、B两点,且A、B和C在同一直线上,A和C相距为L,B为AC中点.现将一带电小球从A点由静止释放,当带电小球运动到B点时速度正好又为零,已知带电小球在A点处的加速度大小为[g/4],静电力常量为k,求:

(1)小球运动到B点时的加速度大小.
(2)B和A两点间的电势差(用Q和L表示).
zj1984051年前2
崇仁古锋 共回答了23个问题 | 采纳率95.7%
解题思路:(1)根据库仑定律和牛顿第二定律分别研究小球在A点和B点的加速度,分别列式即可求得小球运动到B点时的加速度大小.
(2)根据动能定理和电场力公式W=qU结合,求解B和A两点间的电势差.

(1)根据牛顿第二定律和库仑定律得:
带电小球在A点时有:
mgsin 30°-k[Qq
L2=maA
带电小球在B点时有:
k
Qq
(
L/2)2]-mgsin 30°=maB
且aA=[g/4],可解得:aB=[g/2]
(2)由A点到B点应用动能定理得:
mgsin 30°•[L/2]-UBA•q=0
由mgsin 30°-k[Qq
L2=m•aA=m
g/4]
可得:[1/4]mg=k[Qq
L2
可求得:UBA=k
Q/L]
答:
(1)小球运动到B点时的加速度大小为[g/2].
(2)B和A两点间的电势差为k[Q/L].

点评:
本题考点: 电势差与电场强度的关系;电势差.

考点点评: 此题要研究加速度,首先要想到牛顿第二定律,分析受力,列式求解.对于电势差,要知道电场力做功与电势差有关,运用动能定理求解电势差是常用的思路.

如图所示光滑绝缘细杆与水平面成30°角倾斜放置,它与以正点电荷Q为圆心的某一圆周交于B、C两点.
如图所示光滑绝缘细杆与水平面成30°角倾斜放置,它与以正点电荷Q为圆心的某一圆周交于B、C两点.
一质量为m,带电量为-q的有孔小球套在细杆上,且从杆上的A点无初速度下滑,已知q
fmsl1年前1
我爱燕子 共回答了16个问题 | 采纳率100%
(1)用动能定理:
重力做正功Wg=mgh=mglsin30=mgl/2
动能变化Ek=3mgl/2
故电场力做功W=Ek-Wg=mgl
(2)Q为点电荷,由性质知,同一园面的电势相等,也就是B,C等势,此段电场力不做功.
已知重力做功Wg' =mgl/2
动能变化Ek‘ =Ek+Wg' =2mgl
Ek' = mv^2/2 故v=2根号(gl)
(3)B,C等势,AC的电势等于AB的电势.AC间电场力做功Wg=mgl
Wg=-qUca Uac= -Uca= mgl/q
(2004•广州二模)在倾角为θ的足够长的绝缘斜面上,带负电的物块A和不带电的绝缘物块B正沿斜面往上滑,斜面处于范围足够
(2004•广州二模)在倾角为θ的足够长的绝缘斜面上,带负电的物块A和不带电的绝缘物块B正沿斜面往上滑,斜面处于范围足够大的匀强电场中,场强方向平行斜面向下.当A刚要追上B时,A的速度vA=1.8m/s,方向沿斜面向上,B的速度恰为零,如图所示,A、B碰撞过程相互作用时间极短、且A的电荷没有转移,碰后瞬间A的速度v1=0.6m/s,方向仍沿斜面向上.碰后经0.60s,A的速率变为v2=1.8m/s,在这段时间内两者没有再次相碰.已知A和斜面间的动摩擦因数μ=0.15,B与斜面的摩擦忽略不计,A、B均可视为质点,它们质量分别为mA=0.5kg、mB=0.25kg,匀强电场的场强E=5×106N/C,sin θ=0.6,g=10m/s2
(1)A、B第一次碰撞后瞬间,B的速度多大?
(2)第一次碰后的0.60s内B沿斜面向上最多滑多远?
(3)分析第一次碰撞后至0.60s这段时间内A的运动方向并求出A的电量.
3389421年前1
呆子会员 共回答了17个问题 | 采纳率82.4%
解题思路:(1)由于A、B碰撞过程相互作用时间极短,合外力的冲量近似为零,系统的动量认为守恒,根据动量守恒定律求解A、B第一次碰撞后瞬间B的速度;
(2)根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解第一次碰后的0.60s内B沿斜面向上滑行的最大距离;
(3)碰后的0.60s内,A的运动有两种可能:一直加速向上,或减速向上再加速向下.
设A的加速度为aA.第一情况下,两个物体能发生第二次碰撞,根据运动学公式求出A的加速度aA.当两者位移相等时,第二次碰撞,求出时间,与0.60s比较,判断第一种情况是否可能发生.
对于第二种情况,分上滑和下滑两个过程进行研究,先由运动学公式求出加速度,再根据牛顿第二定律列式,即可求得A的电量.

A、B碰撞时间极短,沿斜面的方向动量守恒,设碰后瞬间B的速度为vB mAvA=mv1+mBvB代入数字得:vB=2.4m/s(2)B的加速度aB=-gsin θ=-6m/s2B沿斜面上滑的最远距离SB=v2B2aB=0−2.422×(−6)m=0.48m(3)碰...

点评:
本题考点: 动量守恒定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系;牛顿第二定律;机械能守恒定律.

考点点评: 本题的过程比较复杂,按时间顺序进行分析.关键要分析第一次碰后A可能的运动情况,运用牛顿第二定律和运动学公式结合进行求解.

(2014•合肥三模)在竖直平面内有水平向右、场强为E的匀强电场,在匀强电场中有一根长为L的绝缘细线,一端固定在O点,另
(2014•合肥三模)在竖直平面内有水平向右、场强为E的匀强电场,在匀强电场中有一根长为L的绝缘细线,一端固定在O点,另一端系一质量为m的带电小球,它静止时位于A点,此时细线与竖直方向成37°角,如图所示.现对在A点的该小球施加一沿与细线垂直方向的瞬时冲量,小球能绕O点在竖直平面内做圆周运动.下列对小球运动的分析,正确的是(不考虑空气阻力,细线不会缠绕在O点上)(  )
A.小球运动到C点时动能最小
B.小球运动到C点时绳子拉力最小
C.小球运动到Q点时动能最大
D.小球运动到B点时机械能最大
静静荷色1年前1
187051288 共回答了21个问题 | 采纳率95.2%
解题思路:小球能绕O点在竖直平面内做圆周运动,受到重力、细线的拉力和电场力,细线的拉力不做功.分析合外力做功,由动能定理分析动能变化,根据功能原理:除重力和弹力外其它力做功与机械能变化的关系,分析机械能的变化,即可确定动能最小和机械能最大的位置.

A、小球受到的电场力方向水平向右,与电场线的方向相同,则小球带正电荷.在运动过程中,细线的拉力不做功,电场力和重力做功,而电场力和重力的合力方向一定,始终由O指向A,小球从A点向F点运动时,电场力和重力的合力对小球做负功,小球动能将减小,故F点是小球动能最小的点.故A错误;
B、小球运动到F点时速度最小,所需要的向心力最小,绳子拉力最小,故B错误.
C、电场力和重力的合力方向指向OA,小球从A点开始无论向哪个方向运动,电场力和重力的合力总是对小球做负功,小球动能将减小.所以小球在A点的动能最大.故C错误;
D、小球在运动过程中能量守恒,小球能量E=EB电+EB重,根据能量守恒可知小球电势能最小机械能最大,因为电场强度水平向右,故在B点时小球电场势能最小,则其机械能最大,故D正确;
故选:D

点评:
本题考点: 匀强电场中电势差和电场强度的关系;功能关系.

考点点评: 本题关键要掌握功与能的关系,并能正确分析实际问题.掌握合外力做功与动能的关系、电场力做功与电势能变化关系、能量守恒定律是解决本题的关键.

为什么要测量吸收比?影响绝缘电阻测量结果的因素有哪些?
逆风飞扬04261年前1
梦想境界 共回答了17个问题 | 采纳率82.4%
有些绝缘物体(如:塑料、瓷等)在直流电压作用下,其电导电流瞬间即可达到稳定值,但对于发电机、变压器、电动机、电缆等电器设备,它们的绝缘是由复合介质构成,在直流电压作用下,会产生多种极化现象.极化开始时电流很大,随着加压时间的增大,电流值下降,绝缘电阻相应增大,这种现象称为吸收现象.在吸收现象中,衰减最快的电流称为电容电流,随时间缓慢变化的电流称为吸收电流,最后不随时间变化的稳定电流是由介质的电导所决定的称为电导电流.一般设备的容量愈大,这种现象愈明显.由于吸收电流随时间变化,所以在测试绝缘电阻和泄漏电流时要规定时间.当绝缘受潮或脏污后,泄漏电流增加,吸收现象不明显.影响绝缘电阻测量结果的因素主要有温度、湿度和放电时间.由于温度升高使介质极化加剧,致使电导增加、电阻降低,因而绝缘电阻随温度升高而降低.绝缘因表面吸潮或瓷绝缘表面形成水膜会使绝缘电阻显著降低.此外,当绝缘在相对湿度较大时会吸收较多的水分,使电导增加,绝缘电阻降低.测试绝缘电阻相当于在绝缘上施加了直流高压电荷,因而试品被充电,测试完毕之后应将试品充分放电,且放电时间应大于充电时间,而不致因残余电荷没能放尽,而使在重复测量时所得到的充电电流和吸收电流比前一次测量值小,因而造成吸收比减小,绝缘电阻值增大的现象.
(2012•浙江模拟)如图所示,光滑绝缘水平桌面上固定一绝缘挡板P,质量分别为mA和mB的小物块A和B(可视为质点)分别
(2012•浙江模拟)如图所示,光滑绝缘水平桌面上固定一绝缘挡板P,质量分别为mA和mB的小物块A和B(可视为质点)分别带有+QA和+QB的电荷量,两物块由绝缘的轻弹簧相连,一不可伸长的轻绳跨过定滑轮,一端与物块B连接,另一端连接轻质小钩.整个装置处于正交的场强大小为E、方向水平向左的匀强电场和磁感应强度大小为B、方向水平向里的匀强磁场中.物块A,B开始时均静止,已知弹簧的劲度系数为K,不计一切摩擦及AB间的库仑力,物块A、B所带的电荷量不变,B不会碰到滑轮,物块A、B均不离开水平桌面.若在小钩上挂一质量为M的物块C并由静止释放,可使物块A对挡板P的压力为零,但不会离开P,则
(1)求物块C下落的最大距离;
(2)求小物块C下落到最低点的过程中,小物块B的电势能的变化量、弹簧的弹性势能变化量;
(3)若C的质量改为2M,求小物块A刚离开挡板P时小物块B的速度大小以及此时小物块B对水平桌面的压力.
分361年前1
薄雾弄尘 共回答了17个问题 | 采纳率76.5%
解题思路:(1)要正确求出C下落的最大距离,关键是正确分析当达到最大距离时系统中各个物体的状态,开始由于A受水平向左的电场力以及弹簧的弹力作用,A被挤压在挡板P上,当B向右运动弹簧恢复原长时,A仍然与挡板之间有弹力作用,当B继续向右运动时,弹簧被拉长,当弹簧弹力大小等于A所受电场力时,A与挡板之间弹力恰好为零,此时B、C的速度也恰好为零,即C下落距离最大,注意此时A处于平衡状态,而B、C都不是平衡状态.
(2)依据电场力做功即可求出小物块B的电势能的变化量,B、C一起运动过程中,初末速度均为零,B电势能增大,C重力势能减小,依据功能关系即可求出弹簧弹性势能变化量.
(3)对系统根据功能关系有:当小物块A刚离开挡板P时,C重力势能减小量等于B电势能和弹簧弹性势能以及B、C动能变化量之和;B球在竖直方向合外力为零,因此对B球正确进行受力分析即可求出小物块对水平面的压力.

(1)开始时弹簧的形变量为x1
对物体B由平衡条件可得:kx1=QBE
设A刚离开挡板时,
弹簧的形变量为x2
对物块B由平衡条件可得:kx2=QAE
故C下降的最大距离为:h=x1+x2=
E
k(QA+QB)
(2)物块C由静止释放下落h至最低点的过程中,
B的电势能增加量为:
△Ep=QBEh=
E2
kQB(QA+QB)
由能量守恒定律可知:
物块由静止释放至下落h至最低点的过程中,
c的重力势能减小量等于
B的电势能的增量和弹簧弹性势能的增量
即:Mgh=QBEh+△E
解得:△E弹=
E
k(Mg−QBE)(QA+QB)
故小物块C下落到最低点的过程中,小物块B的电势能的变化量为
E2
kQB(QA+QB),弹簧的弹性势能变化量为△E弹=
E
k(Mg−QBE)(QA+QB)
(3)当C的质量为2M时,
设A刚离开挡板时B的速度为V,
由能量守恒定律可知:2Mgh=QBEh+△E弹+
1
2(2M+mB)V2
解得A刚离开P时B的速度为:V=

2MgE(QA+QB)
(2M+mB)k
因为物块AB均不离开水平桌面,
设物体B所受支持力为NB1,所以对物块B竖直方向受力平衡:
mBg=NB1+QBvB
由牛顿第三定律得:NB=NB1
解得:NB=mBg−BQB

2MgE(QA+QB)
k(2M+mB)
故小物块A刚离开挡板P时小物块B的速度大小为:V=

2MgE(QA+QB)
(2M+mB)k,此时小物块B对水平桌面的压力为:NB=mBg−BQB

2MgE(QA+QB)
k(2M+mB).

点评:
本题考点: 功能关系;共点力平衡的条件及其应用;胡克定律;能量守恒定律;电势能.

考点点评: 本题过程繁琐,涉及功能关系多,有弹性势能、电势能、重力势能等之间的转化,全面考察了学生综合分析问题能力和对功能关系的理解及应用,有一定难度.对于这类题目在分析过程中,要化繁为简,即把复杂过程,分解为多个小过程分析,同时要正确分析受力情况,弄清系统运动状态以及功能关系.

如图所示,电荷量为Q1、Q2的两个正点电荷分别置于A点和B点,两点相距L.在以L为直径的光滑绝缘半圆环上,穿着一个带电小
如图所示,电荷量为Q1、Q2的两个正点电荷分别置于A点和B点,两点相距L.在以L为直径的光滑绝缘半圆环上,穿着一个带电小球+q(视为点电荷),在P点平衡,PA与AB的夹角为α.不计小球的重力,则(  )
A. tan3a=
Q2
Q1

B. tana=
Q2
Q1

C. O点场强为零
D. Q1<Q2
yuccazh1年前1
kawaijianer 共回答了17个问题 | 采纳率100%
解题思路:对带电小球进行受力分析,由于不考虑重力,因此根据平衡条件可知,小球受力在切线方向上的合力为零,据此结合数学关系列方程即可正确求解.

对小球进行受力分析如图所示:

根据库仑定律有:
F1=k
Q1q

r21,r1=Lcosα ①
F2=k
Q2q

r22,r2=Lsinα ②
根据平衡条件有:
F1sinα=F2cosα ③
联立①②③解得:tan3α=
Q2
Q1,故BCD错误,A正确.
故选A.

点评:
本题考点: 电场强度.

考点点评: 本题在电场中考查了物体的平衡,注意根据平衡条件列方程,注意数学知识的应用.

如图所示,质量分别为m1和m2的两个小球A、B带有等量异种电荷,通过绝缘轻弹簧相连接,置于绝缘光滑的水平面上.当突然加一
如图所示,质量分别为m1和m2的两个小球A、B带有等量异种电荷,通过绝缘轻弹簧相连接,置于绝缘光滑的水平面上.当突然加一水平向右的匀强电场后,两小球A、B将由静止开始运动,在以后的运动过程中,对两个小球和弹簧组成的系统(设整个过程中不考虑电荷间库仑力的作用,且弹簧不超过弹性限度),以下说法中错误的是(  )
A. 两个小球所受电场力等大反向,系统动量守恒
B. 电场力分别对球A和球B做正功,系统机械能不断增加
C. 当弹簧长度达到最大值时,系统机械能最大
D. 当小球所受电场力与弹簧的弹力相等时,系统动能最大
lxlpig20041年前2
刘大伟 共回答了19个问题 | 采纳率89.5%
解题思路:加电场后,A小球受到向左的电场力,B小球受到向右的电场力,电场力做正功,电势能减小,小球的动能和弹簧的弹性势能都变大.对照动量守恒的条件分析动量是否守恒.

A、加电场后,A小球受到向左的电场力,B小球受到向右的电场力,两小球所受的电场力大小相等、方向相反,合力为零,所以系统的动量守恒,故A正确;
B、加电场后,A小球受到向左的电场力,B小球受到向右的电场力,两小球远离过程中,做加速运动,电场力做正功,电势能减小,小球的动能和弹簧的弹性势能都变大,当电场力与弹力平衡后,两球做减速运动,速度减至零后,弹簧收缩,电场力对两球都做负功,系统的机械能减小,故B错误.
C、当弹簧长度达到最大值时,电场力做功最多,电势能减小最大,故系统机械能最大,故C正确;
D、两小球远离过程,先做加速度不断减小的加速运动,再做加速度不断变大的减速运动,故当电场力与弹力平衡时,加速度为零,动能最大,故D正确;
本题选错误的
故选B.

点评:
本题考点: 动量定理;机械能守恒定律.

考点点评: 本题关键要明确两个小球的速度的变化情况,两小球都是先做加速度不断减小的加速运动,再做加速度不断变大的减速运动.

微波是一种很有“个性”的电磁波:微波一碰到金属就发生反射,金属根本无法吸收或传导它;微波可以穿过玻璃、陶瓷、塑料等绝缘材
微波是一种很有“个性”的电磁波:微波一碰到金属就发生反射,金属根本无法吸收或传导它;微波可以穿过玻璃、陶瓷、塑料等绝缘材料,但不会消耗能量;微波碰到含有水分的食物,其能量大部分被食物吸收.过量的微波辐射对人体有害.微波炉的外壳用不锈钢等金属材料制成,装食物的容器则用绝缘材料制成.微波炉内的磁控管能产生振动频率为2.45×109Hz的微波,直达食物内部5cm深,使食物中的水分子也随之振动,剧烈振动产生大量的热能被食物吸收,于是食物“煮”熟了.用微波炉烹饪的速度比其它炉灶快4至10倍,热效率高达80%以上.
(1)微波炉内产生的微波属于______
A.声波   B.电磁波   C.超声波  D.红外线
(2)家庭使用微波炉工作时,实现的能量转化的过程是______能转化为______能.
(3)微波炉在使用时,食物不能用金属容器装入后放进炉内加热,试根据短文内容简述其原因.
(4)与其它灶具相比,微波炉烹饪速度快且热效率高的主要原因是什么?
五层眼皮1年前1
止水_ff 共回答了20个问题 | 采纳率95%
解题思路:(1)根据题文中的信息:微波是一种很有“个性”的电磁波,可知微波炉内产生的微波属于电磁波;
(2)根据题干中的信息,微波使食物中的水分子也随之振动,剧烈振动产生大量的热能被食物吸收,于是食物“煮”熟了,由此可知其工作时能量转化过程是电能转化为内能;
(3)根据题干中的信息,微波一碰到金属就发生反射,金属根本无法吸收或传导它,所以食物不能用金属容器装入后放进炉内加热
(4)根据题干提供的信息:①微波炉的外壳用不锈钢等金属材料制成,装食物的容器则用绝缘材料制成,微波一碰到金属就发生反射,金属根本无法吸收或传导它,微波可以穿过玻璃、陶瓷、塑料等绝缘材料,但不会消耗能量②微波炉内的磁控管能产生振动频率为2.45×109Hz的微波,直达食物内部5cm深,使食物中的水分子也随之振动,剧烈振动产生大量的热能被食物吸收,于是食物“煮”熟了,以上两点就是微波炉烹饪速度快且热效率高的主要原因.

(1)根据题干提供的信息微波是一种很有“个性”的电磁波,可知微波是一种电磁波,了解电磁波在生活中的应用;
(2)微波炉工作时,其产生的电磁波,使食物的水分子随之振动,剧烈振动产生大量的热能被食物吸收,内能增加了,所以能量转化过程是电能转化为内能;
(3)根据题文中的信息可知,微波一碰到金属就发生反射,金属根本无法吸收或传导它,所以食物不能用金属容器装入后放进炉内加热;
(4)由题文的信息,微波炉的外壳用不锈钢等金属材料制成,微波一碰到金属就发生反射,装食物的容器则用绝缘材料制成,所以微波在金属外壳、食物容器上几乎不消耗能量;微波能直达食物内部5cm深,食物的内部和外部几乎同时变熟,其能量大部分被食物吸收,所以微波炉烹饪速度快且热效率高;
故答案为:(1)B (2)电;内(3)金属材料只反射、不吸收微波能量.食物无法获得能量.
(4)①微波在金属外壳、食物容器上几乎不消耗能量;
②微波能直达食物内部5cm深,在食物内、外部同时加热,其能量大部分被食物吸收.

点评:
本题考点: 电磁波的产生;能量转化的现象.

考点点评: 本题是一道信息给予题,学生解答此题前要认真的审题、充分理解题意、由题干获取足够的信息.

(2011•盐城二模)如图所示,足够长的U型金属框架放置在绝缘斜面上,斜面倾角30°,框架的宽度l=1.0m
(2011•盐城二模)如图所示,足够长的U型金属框架放置在绝缘斜面上,斜面倾角30°,框架的宽度l=1.0m、质量M=1.0kg.导体棒ab垂直放在框架上,且可以无摩擦的运动.设不同质量的导体棒ab放置时,框架与斜面间的最大静摩擦力均为Fmax=7N.导体棒ab电阻R=0.02Ω,其余电阻一切不计.边界相距d的两个范围足够大的磁场Ⅰ、Ⅱ,方向相反且均垂直于金属框架,磁感应强度均为B=0.2T.导体棒ab从静止开始释放沿框架向下运动,当导体棒运动到即将离开Ⅰ区域时,框架与斜面间摩擦力第一次达到最大值;导体棒ab继续运动,当它刚刚进入Ⅱ区域时,框架与斜面间摩擦力第二次达到最大值.(g=10m/s2).求:
(1)磁场Ⅰ、Ⅱ边界间的距离d;
(2)欲使框架一直静止不动,导体棒ab的质量应该满足的条件;
(3)质量为1.6kg的导体棒ab在运动的全过程中,金属框架受到的最小摩擦力

分析:(1)导体棒即将离开Ⅰ时,金属框受到的安培力沿斜面向下,框架与斜面间摩擦力第一次达到最大值,根据平衡条件求出静摩擦力的最大值.根据安培力的表达式求出此时的速度.导体棒刚进入Ⅱ时,金属框受到的安培力沿斜面向上,根据平衡条件求出此时金属框受到的静摩擦力最大值.再由安培力表达式求出此时的速度.导体棒在两磁场边界之间做匀加速运动,由牛顿第二定律求出加速度,根据速度位移关系公式求出d.
在二区是安培力为什么向上,我判定几次了,结果都是向下
xizmmdao1年前2
西来何往 共回答了10个问题 | 采纳率90%
进入二区时,磁通量的变化是向里增加,电流就应该反向了 即由a到b,用左手定则 手心向外,四指指向b 所以安培力是向上的
将两个半径极小的带电小球(可视为点电荷),置于一个绝缘的光滑水平面上,相隔一定的距离从静止开始释放,那么下列叙述中正确的
将两个半径极小的带电小球(可视为点电荷),置于一个绝缘的光滑水平面上,相隔一定的距离从静止开始释放,那么下列叙述中正确的是(忽略两球间的万有引力作用)(  )
A. 它们的加速度一定在同一直线上,而且方向可能相同
B. 它们的加速度可能为零
C. 它们的加速度方向一定相反
D. 它们加速度的大小可能越来越小
xbdj01年前2
我家开鹿场 共回答了20个问题 | 采纳率85%
解题思路:根据库仑定律分析电荷间作用力的变化.根据牛顿第二定律分析加速度大小与方向的变化.

若同种电荷间存在相互作用的排斥力,两球将相互远离,距离增大,根据库仑定律得知,相互作用力减小.
由牛顿第二定律得知它们的加速度变小,方向相反.
若是异种电荷,则相互吸引,间距减小,库仑力增大,则加速度也变大,但方向仍相反,故CD正确,AB错误,
故选:CD.

点评:
本题考点: 库仑定律;牛顿第二定律.

考点点评: 本题中两球间存在斥力,斥力逐渐减小,掌握牛顿第二定律的应用,注意库仑力与间距的关系.

如图甲、乙、丙所示,三个完全相同的半圆形光滑绝缘轨道置于竖直平面内,左右两端点等高,其中乙轨道处在垂直纸面向外的匀强磁场
如图甲、乙、丙所示,三个完全相同的半圆形光滑绝缘轨道置于竖直平面内,左右两端点等高,其中乙轨道处在垂直纸面向外的匀强磁场中,丙轨道处在竖直向下的匀强电场中,三个相同的带正电小球同时从轨道左端最高点处由静止释放.则三个小球通过圆轨道最低点时(  )
A. 速度相同
B. 所用时间相同
C. 对轨道的压力相同
D. 均能到达轨道右端最高点处
志爱颖心1年前1
我的zz人 共回答了22个问题 | 采纳率81.8%
解题思路:分析物体受力情况及各力做功情况,由动能定理可求得小滑块到达最低点时的速度;由滑块的运动可知滑块滑到最低点时的速度变化;由洛仑兹力公式可知大小关系;由向心加速度公式可知向心加速度的大小关系.

A、在乙图中,因为洛仑兹力总是垂直于速度方向,故洛仑兹力不做功;滑块下落时只有重力做功,故甲和乙两次机械能均守恒,故两次滑块到最低点的速度相等,
1
2m
v21=mgR,丙图中,小球下滑的过程中电场力做正功,重力做正功,
1
2m
v22=mgR+qER,所以小球在最低点的速度等于甲图和乙图中的速度.故A错误;
B、甲图和丙图比较可得,丙图中,小球的加速度比较大,所以达到最低点的时间要短.故B错误;
C、小球在最低点时,甲图中重力和支持力提供向心力,而乙图中是重力、支持力和洛伦兹力提供向心力,所以小球受到的支持力大小不相等,对轨道的压力也不相等.故C错误;
D、三个小球的运动过程中,重力做功,动能和重力势能之间转换;洛伦兹力不做功;电场力做功,电势能与动能之间转换;由于没有其他的能量损失,所以三种情况下,小球均能到达轨道右端最高点处,故D正确;
故选:D

点评:
本题考点: 动能定理的应用;牛顿第二定律;向心力;洛仑兹力.

考点点评: 利用功能关系是解决物理问题的常用方法,在解题时应明确洛仑兹力永不做功.

(2007•武汉模拟)质量mA=3.0kg、长度L=0.60m、电量q=4.0×10-5C的导体板A在绝缘水平面上,质量
(2007•武汉模拟)质量mA=3.0kg、长度L=0.60m、电量q=4.0×10-5C的导体板A在绝缘水平面上,质量mB=1.0kg可视为质点的绝缘物块B在导体板A上的左端,开始时A、B保持相对静止一起向右滑动,当它们的速度减小到υ0=3.0m/s时,立即施加一个方向水平向左、场强大小E=1.0×105N/C的匀强电场,此时A的右端竖直绝缘档板的距离为S,此后A、B始终处在匀强电场中,如图所示.假定A与挡板碰撞时间极短且无机械能损失,A与B之间(动摩擦因数μ1=0.25)及A与地面之间(动摩擦因数μ2=0.10)最大静摩擦力均可认为等于其滑动摩擦力,g取10m/s2.试求要使B不从A上滑下,S应满足的条件.
wdwzw12041年前1
toofunny 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
解题思路:A根据速度位移公式求出A碰撞挡板前的速度与s的关系.与挡板相碰的过程无机械能损失,A碰撞挡板后原速率反弹.根据AB系统所受外力情况,判断系统动量是否守恒.要使B恰好不从A上滑下时,B滑到A的右端,速度与A相同,若动量守恒,求出共同速度.由能量守恒定律列出速度与板长的关系式,再求出s.

设B受到的最大静摩擦力为f1m,则:f1m1mBg=2.5N…①
设A受到的滑动摩擦力为f2,则:f22(mA+mB)g=4.0N…②
施加电场后,设A、B以相同的加速度向右做匀减速运动,加速度大小为a,由牛顿第二定律:
qE+f2=(mA+mB)a…③
解得:a=2.0m/s2
设B受到摩擦力为f1,由牛顿第二定律得:f1=mBa…④
解得:f1=2.0N
由于f1<f1m,所以电场作用后,A、B仍保持相对静止以相同加速度a向右减速运动
A与挡板碰前瞬间,设A、B向右的共同速度为υ1

υ21=
υ20−2aS…⑤
A与挡板碰后,以A、B系统为研究对象:qE=f2
故A、B系统动量守恒,设A、B向左共同速度为υ,规定向左正方向,有:
mAυ1-mBυ1=(mA+mB)υ…⑦
设该过程中,B相对于A向右的位称移为S1,A向左的位移为S2由系统功能关系:
qES2−μ1mBgS1−μ2(mA+mB)gS2=
1
2(mA+mB)υ2−
1
2(mA+mB)
υ21…⑧
A、B达到共同速度υ后做匀速运动.要使B不从A上滑下,S1≤L…⑨
由⑤⑥⑦⑧⑨可解得B恰好不滑下A时,S=2m
答:S应满足的条件为S≥2m

点评:
本题考点: 动能定理的应用;滑动摩擦力;牛顿第二定律;功能关系.

考点点评: 本题是牛顿第二定律、动量守恒定律、运动学公式和能量守恒定律的综合应用,按程序进行分析是基础.

在光滑的绝缘水平面上,有一个正方形abcd,在顶点a、b、c、d处分别固定一个正点电荷,电荷量相等,如图所示,O点为正方
在光滑的绝缘水平面上,有一个正方形abcd,在顶点a、b、c、d处分别固定一个正点电荷,电荷量相等,如图所示,O点为正方形abcd两个对角线的交点,E、F、G、H点分别为ab、bc、cd、ad的中点.下列说法正确的是(  )
A.O点的电场强度为零
B.E、F、G、H各点的电场强度相同
C.E、F、G、H各点的电势相等
D.若释放c处的电荷,它将沿ac所在直线来回运动
grthrgh1年前1
书僮阿呆 共回答了17个问题 | 采纳率88.2%
解题思路:该题实质上考查常见电场的电场分布与特点,可以结合等量同种点电荷的电场特点,把两个相互垂直的等量同种点电荷的电场叠加在一起,进行分析可以得出结论.

A:在量同种点电荷的电场分布图上,中垂线与连线的交点处电场强度为0,把两个相互垂直的等量同种点电荷的电场叠加在一起,交点处电场强度仍然为0,故A正确;
B:电场强度是矢量,有方向,E、F、G、H各点的电场强度方向是不同的,故B错误;
C:E、F、G、H各点电场具有对称性,因此各点的电势相等,故C正确;
D:若释放c处的电荷,它将受到abc电荷对它的沿ac方向的力的作用,将沿着直线ac做单方向的直线运动,故D错误.
故选:AC

点评:
本题考点: 电场强度.

考点点评: A该题考查常见电场的电场分布与特点,结合等量同种点电荷的电场分布特点的图,把两个相互垂直的等量同种点电荷的电场叠加在一起,可以直接判定.属于简单题.

半径为R的绝缘圆环上均匀地带有电荷量为+Q的电荷,另一带电荷量为+q的点电荷放在圆环圆心O处,由于对称性,点电荷受力为零
半径为R的绝缘圆环上均匀地带有电荷量为+Q的电荷,另一带电荷量为+q的点电荷放在圆环圆心O处,由于对称性,点电荷受力为零,现在圆环上截取一小段AB,AB=L(L
maliang36421年前1
丹心1017 共回答了25个问题 | 采纳率84%
根据对称性,这一小段对q的李与剩下的大段对q的力大小相等方向相反.虽然要求剩下大段对q的力,我们去可以只求这一小段AB对q的力.根据静电力计算公式(库仑定律)AB的带电量是Q×L/2∏R
F=(k×Q×L/2∏R)/R^2=k×Q×L/(2∏R^3)
在交流电压下,两种不同介电常数的绝缘介质串联使用时,介电系数大的介质承受的电压高.( )
在交流电压下,两种不同介电常数的绝缘介质串联使用时,介电系数大的介质承受的电压高.( )
.由于静电感应使导体出现感应电荷.感应电荷分布在导体的表面,其分布情况取决于导体表面的形状,导体表面弯曲度愈大的地方,聚集的电荷愈多;较平坦的地方聚集的电荷就少.导体尖端由于电荷密集,电场强度很强,故容易形成“尖端放电”现象.( )
直流双臂电桥基本上不存在接触电阻和接线电阻的影响,所以,测量小阻值电阻可获得比较准确的测量结果.( )
二极管反向电流与温度有关,在一定的温度范围内温度升高,反向电流减少.( )
变压器接入负载后,只要保持电源电压和频率不变,则主磁通也将保持不变.( )
电源电压一定的同一负载按星形连接与按三角形连接所获得的功率是一样的.( )
当变压器三相负载不对称时,将出现负序电流.( )
系统频率降低时应增加发电机的有功出力.( )
仪表的误差有:本身固有误差和外部环境造成的附加误差.( )
电压互感器二次负载变化时,电压基本维持不变,相当于一个电压源.( )
电流互感器可以把高电压与仪表和保护装置等二次设备隔开,保证了测量人员与仪表的安全.( )
在直流系统中,无论哪一级的对地绝缘被破坏,则另一极电压就升高.( )
接地装置对地电压与通过接地体流入地中的电流的比值称为接地电阻.( )
当磁力线、电流和作用力这三者的方向互相垂直时,可以用右手定则来确定其中任一量的方向.( )
主变压器重***动作是由于( )造成的.
(a)主变压器两侧断路器跳闸; (b)220kv套管两相闪络;
(c)主变压器内部高压绕组严重匝间短路;(d)主变压器大盖着火;
导线通以交流电流时在导线表面的电流密度( ).
(a)较靠近导线中心密度大; (b)较靠近导线中心密度小;
(c)与靠近导线中心密度一样; (d)无法确定;
asmu01031年前1
qiwu_wang 共回答了12个问题 | 采纳率91.7%
1 错 ε大的电压小
2对
3……
质量为m,电荷量为q的小球A用绝缘细线悬挂于O点,用另一个电荷量为Q的带点小球B靠近A,小球A在静电力作用下偏离了原来的
质量为m,电荷量为q的小球A用绝缘细线悬挂于O点,用另一个电荷量为Q的带点小球B靠近A,小球A在静电力作用下偏离了原来的位置.若此时细线与竖直方向夹角为a,且A,B恰好在一条水平线上,试求此时A,B之间的距离.
jgyjyj1年前2
早安vv 共回答了20个问题 | 采纳率90%
这道题首先进行受力分析.
以A小球为分析对象.
A小球受到绳子的拉力,重力,以及B小球对A小球的库伦力
在三个力的情况下,A小球保持静止,处于平衡状态.
水平方向上受到的库伦力和绳子拉力在水平方向上的分力是相同的.
再结合库伦定律.于是可以列式:mgtana=k×Q×q/R²
这个式子中,m,g,tana,k,Q,q都是已知量.
要求R就简单了
R=根号(k×Q×q/mgtana)
如图所示在E= V/m的水平方向的匀强电场中,有一光滑的半圆形绝缘轨道与一水平绝缘轨道MN连接,半圆形轨道所在的竖直平面
如图所示在E= V/m的水平方向的匀强电场中,有一光滑的半圆形绝缘轨道与一水平绝缘轨道MN连接,半圆形轨道所在的竖直平面与电场线平行,其半径R=40cm.一带正电量为q=10-4C、质量为m=10g的小滑块,与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.2,取g=10m/s2.求:
(1)要使小滑块能运动到圆轨道的最高点L,滑块应在水平轨道上离N点多远处开始释放?
(2)这样释放的滑块通过P点时对轨道的压力是多大?
E=根号3 图上不来
zdl52013141年前3
憔悴的思念 共回答了14个问题 | 采纳率100%
题有误
试问,qE=10^-4*根号3 < f=0.02 ,小滑块怎么会动?
不过还是能做一点的(题目改后才有意义):
mg=mv^2(在L点的临界条件),求出v=2.然后用动能定理可解出(1)问.
(2)问,利用上问,求出P点速度,在根据N-qE=mv^2,求出N
一道高二的物理库仑定律题,光滑绝缘的水平地面上有相距为L的点电荷A、B,带荷量分别为-4Q和+Q,引入第三个电荷C,使三
一道高二的物理库仑定律题,
光滑绝缘的水平地面上有相距为L的点电荷A、B,带荷量分别为-4Q和+Q,引入第三个电荷C,使三个点电荷都处于平衡状态,则C的电荷量和放置的位置是( )
A -Q,在A左侧距A为L处
B -2Q,在A左侧距A为L/2处
C -4Q,在B右侧距B为L处
D +2Q,在A右侧距A为3L/2处
因为本人才疏学浅,好的话再加分.
xtxlp1年前2
fhgfhjfjhf 共回答了24个问题 | 采纳率87.5%
选C 因为正好满足
三个电荷平衡 口诀“两同加一异 两大加一小 近小远大”
也就是说第三个为-,放在中间
且√q1q3=√q1q2+√q2q3
如果是AB,那么左面两个均为负,不可以
如果D,那么右面两个都是正,也不行
欢迎追问
高中物理 第一小题 光滑绝缘水平面AB上有C、D、E三点.CD长L1=10cm,DE长L2=2
高中物理 第一小题 光滑绝缘水平面AB上有C、D、E三点.CD长L1=10cm,DE长L2=2
高中物理 第一小题
光滑绝缘水平面AB上有C、D、E三点.CD长L1=10cm,DE长L2=2cm,EB长L3=9cm.另有一半径R=0.1m的光滑半圆形绝缘导轨PM与水平面相连并相切于P点,不计BP连接处能量损失.现将两个带电量为-4Q和+Q的物体(可视作点电荷)固定在C、D两点,如图所示.将另一带电量为+q,质量m=1104kg的金属小球(也可视作点电荷)从E点静止释放,当小球进入P点时,将C、D两物体接地,则
(1)小球在水平面AB运动过程中最大加速度和最大速度对应的位置
须灵1年前0
共回答了个问题 | 采纳率
帮个忙 解个T下列高分子材料中,具有热固性的是( )A 聚乙烯塑料 B 电线绝缘塑料护套 C 塑料方便袋 D 电线插座
王氏奇才1年前2
yjx2453 共回答了14个问题 | 采纳率92.9%
答案:BD.
日常生活中使用的大部分塑料属于热塑性塑料,聚乙烯、聚丙烯、聚氯乙烯、聚苯乙烯、聚甲醛,聚碳酸酪,聚酰胺、丙烯酸类塑料、其它聚烯侵及其共聚物、聚讽、聚苯醚,氯化聚醚等都是热塑性塑料.热塑性塑料中树脂分子链都是线型或带支链的结构,分子链之间无化学键产生,加热时软化流动.冷却变硬的过程是物理变化.
加热时可以软化流动,加热到一定温度,产生化学反应一交链固化而变硬,这种变化是不可逆的,此后,再次加热时,已不能再变软流动了.主要用于隔热、耐磨、绝缘、耐高压电等在恶劣环境中使用的塑料,大部分是热固性塑料,最常用的应该是炒锅锅把手和高低压电器.
如图9-11所示,一个质量为m,电量为+q的小物体,可以在与水平面成θ角的长绝缘斜面上运动.斜面的下端有一
如图9-11所示,一个质量为m,电量为+q的小物体,可以在与水平面成θ角的长绝缘斜面上运动.斜面的下端有一
我看见你提供的百度文库里有这题,可是却没有详细的答案,
无头浪子1年前2
御前带包侍卫 共回答了28个问题 | 采纳率89.3%
根据动能定理,
摩擦力,重力,洛伦兹力三力做功
可得小物体停止运动前所通过总路程为
L=(2mgh+2qEhctgθ+mv²)/2μ(mgcosθ-qEsinθ)
19.如图所示,一竖直绝缘轻弹簧的下端固定在地面上,上端连接一带正电小球P,小球所处的空间存在着竖直向
19.如图所示,一竖直绝缘轻弹簧的下端固定在地面上,上端连接一带正电小球P,小球所处的空间存在着竖直向
19.如图所示,一竖直绝缘轻弹簧的下端固定在地面上,上端连接一带正电小球P,
小球所处的空间存在着竖直向上的匀强电场,小球平衡时,弹簧恰好处于原长
状态;现给小球一竖直向上的初速度,小球最高能运动到M点,在小球从开始
运动至达到最高点的E过程中,以下说法正确的是
A.小球机械能的改变量等于电场力做的功
B.小球电势能的减少量大于小球重力势能的增加量
C.弹簧弹性势能的增加量等于小球动能的减少量
D.小球动能的减少量等于电场力和重力做功的代数和
kingwillroc1年前3
双鱼座K星 共回答了21个问题 | 采纳率90.5%
小球平衡时,弹簧恰好处于原长,故电场力与小球的重力等大反向,电场力与小球的重力的总功为0,电势能的减少量与小球重力势能的增加量相等.
小球机械能的改变量等于电场力、弹力所做的总功
小球电势能的减少量与动能的减少量之和等于小球重力势能的增加量与弹簧弹性势能的增加量之和,所以,小球动能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量
弹簧弹性势能的增加量等于小球动能的减少量
小球动能的减少量等于电场力、弹力和重力做功的代数和的绝对值
选BC
25号新绝缘油的闪点应不低于多少度?
25号新绝缘油的闪点应不低于多少度?
A、125℃
B、120℃
C、140℃
D、150℃以上四个答案
而一1年前2
xiaoyaocoolcool 共回答了18个问题 | 采纳率72.2%
120℃
电晕现象用高绝缘物体隔离会好吗一个高压升压器(200v升4万v)的,由于高压外层非常靠近一个接地的的铁壳,请问在他们之间
电晕现象用高绝缘物体隔离会好吗
一个高压升压器(200v升4万v)的,由于高压外层非常靠近一个接地的的铁壳,请问在他们之间加一个高绝缘的板能起到防止电晕现象吗?
guirong1年前2
彼岸_灯火 共回答了15个问题 | 采纳率86.7%
可以的!产生电晕的条件是金属材料,和导体,才会放电,而且还有远近,要跟椐你的电压来算的话,按最大的功率算,你的正极要离负极只少也要有250(MM)的距离才可以不放电,从而接地线一定要接好,