（2014•洪泽县二模）我们坐在汽车上，透过车窗向看向远处，感觉远处的景物跟着车一起向前运动，近处的景物则向后退去．以车

（1）电子加速，根据动能定理，则有：U加q＝
1
2m
v20
经YY’偏转电极出板最大偏移量：
Y′max＝
1
2at2＝
UYmaxql2
2dm
v20＝
UYmaxl2
4dU加
则在Y方向打在屏上的最大偏移量有：
Y′max＝
1
2at2＝
UYmaxql2
2dm
v20＝
UYmaxl2
4dU加
解得：Y_max=0.02m同理：X_max=0.04m
（2）将电子在两个方向的运动，根据平行四边形定则进行合成，从而得出
如图所示的图象：
答：在竖直方向和水平方向电子打到屏上的最大偏移量Y_max=0.02m，X_max=0.04m．

点评：
本题考点： 带电粒子在匀强电场中的运动．

考点点评： 考查动能定理与运动学公式、牛顿第二定律的综合运用，掌握运动的合成方法．

：以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，由题意得：
在水平方向：Tsinθ=mω²Lcosθ
在竖直方向上：Tcosθ-mg=ma
代入解得：T=7.5N，ω=
15rad/s
答：小球的角速度为
15rad/s，摆线的拉力为7.5N．

点评：
本题考点： 向心力；牛顿第二定律．

考点点评： 本题运用正交分解法研究圆锥摆问题，小球在水平面内由拉力的水平分力提供向心力．

将一勺砂糖放入一杯水中，砂糖会溶化，所以体积会变小；嘴尝一下杯口附近的水，水变甜了，说明砂糖分子是运动的；砂糖分子由核外电子和原子核．
故答案为：小；运动的；原子核．

点评：
本题考点： 分子动理论的基本观点．

考点点评： 本题需要学生针对分子动理论内容和生活现象之间的进行联系．

电流从螺线管的左端流入，右端流出；根据螺线管的绕向，结合安培定则即可确定螺线管的左端为N极，右端为S极．在磁体的周围，磁感线从磁体的N极出发回到S极．由此可以确定磁感线的方向；
故答案为：

点评：
本题考点： 安培定则；磁感线及其特点．

考点点评： 知道安培定则的内容，并能利用安培定则判断出通电螺线管的极性是解决该题的关键．

（1）牛奶、鸡蛋清、瘦肉等含有丰富的蛋白质；有机合成材料包括塑料、合成纤维、合成橡胶等，故答案为：B；E
（2）若装白磷的储罐起火，可以用水灭火，也可以用沙土填埋灭火，其中用沙土填埋可以隔绝氧气，达到灭火的目的．
（3）通常情况下铝制品很耐腐蚀，这是因为铝在常温下与空气中的氧气发生化学反应，使铝的表面生成了一层致密的氧化铝薄膜从而阻止了内部的铝进一步氧化．铝能与氧气发生化合反应生成氧化铝，化学方程式为：4Al+3O₂=2Al₂O₃

故答案为：（1）B；E；（2）隔绝氧气；（3）4Al+3O₂=2Al₂O₃

点评：
本题考点： 生命活动与六大营养素；金属的化学性质；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式；灭火的原理和方法；合成材料的使用及其对人和环境的影响．

考点点评： 本考点考查了元素与人体健康的关系、灭火的原理基础性比较强．食品在现实生活中应用很广泛，应该好好把握．要合理膳食，均衡营养，保证身体健康．

去分母得2x+a=x-1，
解得x=-a-1，
∵关于x的方程
2x+a
x−1＝1的解是正数，
∴x＞0且x≠1，
∴-a-1＞0且-a-1≠1，解得a＜-1且a≠-2，
∴a的取值范围是a＜-1且a≠-2．
故答案为：a＜-1且a≠-2．

点评：
本题考点： 分式方程的解．

考点点评： 本题考查了分式方程的解：先把分式方程化为整式方程，解整式方程，若整式方程的解使分式方程左右两边成立，那么这个解就是分式方程的解；若整式方程的解使分式方程左右两边不成立，那么这个解就是分式方程的增根．

要探究导体电阻与导体长度的关系，应控制导体的材料与导体横截面积相等；由所给材料可知，ab的材料相同，横截面积相等，因此，要究电阻与导体长度的关系应选择的导体是：ab；
要比较电阻与材料的关系，必须控制导体的长度与导体横截面积相等，由所给材料可知，bd的长度相同，横截面积相等，因此，要究电阻与导体材料的关系应选择的导体是：bd．
故答案为：ab；bd．

点评：
本题考点： 影响电阻大小的因素．

考点点评： 本题是探究影响导体电阻大小因素的实验，实验中应用了转换法、控制变量法，答题时要注意该方法的使用，根据实验目的确定需要控制的变量．

∵直线AB的解析式为：y=-
−(n+1)
n+2x+[1/n+2]，
∴当x=0时，y=[1/n+2]，
令y=0，则
−(n+1)
n+2x+[1/n+2]=0，
解得x=[1/n+1]，
所以，S_n=[1/2]•[1/n+1]•[1/n+2]=[1/2]（[1/n+1]-[1/n+2]），
所以，S₁+S₂+S₃+…+S₂₀₁₄=[1/2]（[1/2]-[1/3]+[1/3]-[1/4]+…+[1/2015]-[1/2016]）=[1/2]（[1/2]-[1/2016]）=[1/2]×[1007/2016]=[1007/4032]．
故答案为：[1007/4032]．

点评：
本题考点： 一次函数图象上点的坐标特征．

考点点评： 本题考查的是一次函数图象上点的坐标特点，表示出Sn，再利用拆项法写成两个数的差是解题的关键，也是本题的难点．

轮胎与地面摩擦发热的过程是因为在摩擦过程中，一部分机械能（或动能）转化成了轮胎的内能造成的；
选取比热容较大的材料制成轮胎，在轮胎质量和吸收热量相同的条件小，根据吸热公式Q=cm△t可知，升高的温度会少一点．
故答案为：内；做功；比热容．

点评：
本题考点： 做功改变物体内能；水的比热容的特点及应用．

考点点评： 摩擦生热是典型的机械能转化为内能的例子，是我们应该熟知的．通过热传递来改变物体的温度，也是最简便有效的方法，更是生活中常见的现象．
要能熟练的运用比热容的知识解释生活中的现象．

（1）a是实验室制取气体时常用的仪器酒精灯；
（2）氧气密度大于空气，则氧气应从c进入，将空气挤压到集气瓶上部排出，从而收集到氧气；
（3）C装置可通过弹簧夹的开闭控制反应的发生和停止，打开弹簧夹，固体和液体接触产生气体，关闭弹簧夹，试管内气压变大，将液体压入长颈漏斗，固体和液体分离，反应停止，而B装置中的固体和液体一旦混合，则无法停止；实验室制取二氧化碳常用石灰石和稀盐酸反应，而F中的植物油就起到避免二氧化碳和水反应的可能；碳酸钙和盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳，方程式是：CaCO₃+2HCl=CaCl₂+H₂O+CO₂↑；
故答案为：
（1）酒精灯；
（2）c；
（3）C装置可以随时控制反应的发生与停止；防止二氧化碳溶于水或产生误差；CaCO₃+2HCl=CaCl₂+H₂O+CO₂↑．

点评：
本题考点： 常用气体的发生装置和收集装置与选取方法；二氧化碳的实验室制法；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．

考点点评： 本题考查实验室制取和收集装置的选择、反应原理等，难度不大，熟记典型的气体的实验室制取原理和反应的化学方程式书写等知识，并能结合题意分析解答即可．

（1）设系统在水平面内以角速度ω转动时，弹簧伸长的长度为x，则
对元件A，根据牛顿第二定律得
F_n=ma=mω²R，
F_n=kx=mω²（L₀+x），
即x=
mω2L0
k−mω2
（2）根据题意可知：电压表的示数U=[xE/L]=
mω2L0E
L(k−mω2)
所以电压表的示数U与角速度ω的函数关系为U=
mω2L0E
L(k−mω2)．
答：（1）弹簧形变量x与ω的关系式为x=
mω2L0
k−mω2；
（2）电压表的示数U与角速度ω的函数关系为U=
mω2L0E
L(k−mω2)．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；向心力．

考点点评： 本题是力与电综合题，关键要寻找力电联系的桥梁．本题力电联系的纽带是弹簧伸长的长度．中等难度．

A、根据力平衡得到：气缸内气体的压强P=P₀-[G/S]，由于G减小，则P增大，即气体压强增大，被压缩，外界对气体做功．故A错误
B、由于气缸是导热的，气体的温度与环境相等，保持不变，故B正确
C、根据△U=W+Q知，温度不变，气体内能不变，活塞上移，外界对气体做功，则气体放热．故C正确，D错误
故选BC．

点评：
本题考点： 热力学第一定律．

考点点评： 本题关键是运用力学知识分析气体压强如何变化，同时抓住一定质量的理想气体的内能只跟温度有关．

手B、热传递过程中传递的是热量而不是温度，故手B错误；
Cs、热水和冰块混合的过程中，热水内能减小，冰块内能增大，热水和冰块内能的总量不变，故C选项说法不正确，s选项说法正确．
故选s．

点评：
本题考点： 热传递；物体内能的改变．

考点点评： 本题抓住热传递实质是内能从高温物体转移到低温物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，必须有温度差．

（1）点电荷-q在c点受力平衡，则有
k
Qq
r2＝qE，
解得：E=k
Q
r2．
（2）在a点的合场强大小为
E_a=E_Q+E=k
Q
r2+k
Q
r2＝2k
Q
r2
d点的合场强为点电荷+Q和匀强电场的矢量叠加，有
E_d=
E2+EQ2＝
2E＝
2k
Q
r2．
（3）电场力做功W=-qE•2r=-2k
Qq
r ，
U_ca=
Wca
q＝
2qEr
q＝
2kQ
r．
答：（1）匀强电场的场强大小E为k
Q
r2；
（2）a点场强大小为2k
Q
r2，d点的合场强大小为
2k

点评：
本题考点： 动能定理的应用；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用；电场强度；电势差．

考点点评： 本题主要考查了库仑定律、场强的合成原则、电场力做功的特点及电场力做功与电势差之间的关系，难度适中．

当m₂≤m₁时，m₁不动，加速度为零．当m₂＞m₁，对整体运用牛顿第二定律得，a＝
m2g−m1g
m1+m2=(1−
2m1
m1+m2)g，当m₂的质量增大时，加速度增大，最终趋向于g．故D正确，A、B、C错误．
故选D．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．

考点点评： 对于两物体而言，一旦运动，两者的加速度大小相等，运用整体法解决比较方便．

A、由于在金属活动性顺序中，镁在铝前，因此镁反应需要的时间短，而该图象中时间和斜线的斜率有冲突，应该是斜率越大的，时间越短，金属的活动性越强，故A错误；
B、由于滴加的氢氧化钠溶液是过量的，因此最终溶液的PH应该大于7，故B错误；
C、由于氢氧化钠溶液先和混合溶液中的氯化氢反应，再和氯化铁反应生成氢氧化铁沉淀，故C正确；
D、由于是加水稀释碱溶液，因此无论加多少水，溶液仍为碱性溶液，故D错误；
故选C．

点评：
本题考点： 金属活动性顺序及其应用；碱的化学性质；酸碱溶液的稀释；溶液的酸碱性与pH值的关系；根据化学反应方程式的计算．

考点点评： 本题难度较大，主要考查了金属活动性顺序的应用、碱的有关的化学性质、酸碱溶液的稀释等，培养学生分析问题、解决问题的能力．

∵AB是圆的切线，
∴OD⊥AB，即∠BDO=90°，
又∵△ABC是等腰直角三角形，
∴∠B=45°，
∴∠BOD=45°，
∴∠MND=[1/2]∠BOD=22.5°．
故答案是：22.5．

点评：
本题考点： 切线的性质；等腰直角三角形．

考点点评： 本题考查了切线的性质定理以及圆周角定理，正确理解定理是关键．

∵P点坐标为（4，2），
∴C点坐标为（4，0），
∵AC=4-1=3，
∴BC=AC=3，
∴OB=6+1=7，
∴B（7，0）．
故答案为（7，0）．

点评：
本题考点： 垂径定理；坐标与图形性质；勾股定理．

考点点评： 本题考查了垂径定理，知道AC=BC是解题的关键步骤．

（1）A、在A中试管2内得到的气体是电源的正极产生的气体较少，是氧气，化学式是：O₂；
B、在B中小卵石、石英沙和膨松棉能将水中不溶性的固体杂质除去，所以，起到的作用是过滤；
（2）水在通电作用下可以分解生成氧气和氢气，是化学变化，在反应中水分子的数目发生了改变，水的总质量要减少，组成水的元素种类和构成水分子的原子种类没有变化．
故答为：（1）O₂； 过滤；（2）BD．

点评：
本题考点： 电解水实验；水的净化．

考点点评： 水是一种重要的资源，有关水的知识是中考的热点，应加强水的知识的学习．

由运动轨迹可知电场力方向向右，由电势的高低可知电场线方向向左，则电性为负，故A错误，B正确
由J到K电场力做正功，则动能增加，电势能减小总能量不变．故C错误，D正确．
故选：BD

点评：
本题考点： 等势面；电势；电势能．

考点点评： 本题通过带电粒子在电场中的运动考查了电势、电势能、电场力等问题，解决这类问题的突破口是：做曲线运动的物体所受合外力指向其轨迹内侧．

在电路中，电源是提供电能的装置，它将其它形式的能转化为电能；用电器是消耗电能的装置，它将电能转化为其它形式的能，电路中的能量转化过程是电源的能量通过用电器转化其他形式的能量，所以整个电路中能量转化有方向性，并且在能的转化过程在能量是守恒的．
故选D．

点评：
本题考点： 能量转化和转移的方向性．

考点点评： 本题考查了电源和用电器各自在电路中的作用，要了解它们的能量转化情况．

（1）物体C与小车组成的系统动量守恒，
由动量守恒得：mv₀=mv₁+Mv₂，
物体C离开平台后做平抛运动，
在竖直方向上：h=[1/2]gt²，
在水平方向上，物体C做匀速直线运动，
小车在水平方向上做匀速直线运动，两者位移差等于s，
由运动学公式得：s=（v₁-v₂）t，
由以上三式解得得：v₂=
(mv0−sm

g
2h)
M+m．
（2）最后车与物体以共同的速度v向右运动，系统动量守恒，
由动量守恒定律得：mv₀=（M+m）v，解得：v=
mv0
M+m，
∴由能量守恒定律得，系统损失的机械能△E=[1/2]mv₀²+mgh-[1/2]（M+m）v²，
解得△E=mgh+
Mm
v20
2(M+m)．
答：（1）物体C刚离开平台时，小车获得的速度为：
(mv0−sm

g
2h)
M+m．
（2）物体与小车相互作用的过程中，系统损失的机械能为mgh+
Mm
v20
2(M+m)．

点评：
本题考点： 动量守恒定律；功能关系．

考点点评： 分析清楚物体运动过程、应用动量守恒定律、运动学公式、能量守恒定律即可正确解题．

电源内阻不计，路端电压等于电源的电动势，保持不变．
移动P之前，根据串联电路的特性可知，R₂的电压大于R₄的电压，电容器上板电势高于下板电势，上板带正电．
当R₂的滑动片P从最右端向最左端滑动的过程中，R₃与R₄的电压比不变，两个电阻的电压不变．R₂减小，分担的电压减小，假设电源的负极电势为零，F点的电势等于R₂的电压，F的电势高于零，则知F点的电势降低，而电容器下板电势不变．所以电容器的电压降低，电容器放电，电流方向：从E到F．故A正确，BCD错误．
故选A

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律；电容．

考点点评： 本题关键要分析电容器两板电势高低，确定电性，根据电压变化，判断电量变化，即可确定电流的方向．

由题意知：A、D两点间的阻值为2Ω，因此先在A、D间连入阻值为2Ω的定值电阻R₁；
A、C间的电阻为3Ω，可直接接入一个阻值为3Ω的电阻R₂；
而C、D间的阻值为5Ω，将上面两个电阻串联，正好符合要求，因此无需再另加电阻；
故如图1：

用导线将B、D连接后，A、C间的阻值为2Ω，
小于直接测量的A、C之间的阻值3Ω，那么可考虑：
在A、C间又与原来的3Ω的电阻并联了一个电阻，使现在A、C间的电阻为2Ω，此电阻阻值为6Ω；
这个6Ω电阻值是在令B、D间的导线相连，使A、C间又增加的一条支路上的电阻值，如图2：

由图可知：则在B、C之间连入4Ω的电阻R₃即可；
所以如果不用导线把B、D端连接，如图3：

则R_BD的大小为：R₁+R₂+R₃=2Ω+3Ω+4Ω=9Ω．故D正确．

当AD间接R₁=2Ω的电阻，在AB间接R₂=2Ω的电阻，在BC间接R₃=1Ω的电阻，也满足题目的条件，则不用导线把B、D端连接，则R_BD的大小为4Ω．故A正确．B、C错误．
故选：AD．

点评：
本题考点： 串联电路和并联电路．

考点点评： 解答此类问题，一定要熟练掌握电阻的串并联规律；在分析纯电阻黑盒问题时，找好分析的次序和切入点是解决问题的关键．

G=mg=18kg×10N/kg=180N，
50cm=0.5m，
W_有用=Gh=180N×0.5m=90J．
根据η=
W有
W总知：W_总=
W有
η=[90J/90%]=100J；
P=[W/t]=[W

S/v]=[100J

50cm/10cm/s]=[100J/5s]=20W；
故答案为：90；100；20

点评：
本题考点： 有用功和额外功；功率的计算．

考点点评： 运用好功的计算公式是解此类题目的关键，特别是公式变形后的应用更要熟练．另外，要注意单位的换算．

A、磁感线不是真实存在的，所以不能看到，故A错误；
B、从图上可以看出条形磁体两个极端吸引铁屑最多，两端磁性最强，故B正确；
C、磁场中某点的磁场方向需要用小磁针判断，不能直接看出，故C错误；
D、磁场对整个磁体都有磁力作用，故D错误．
故选：B．

点评：
本题考点： 磁场．

考点点评： 此题考查学生对于磁场的认识．

（1）电场强度E=[U/d]=10⁴V/m
从A到B根据动能定理：mgl−Eql＝
1
2m
v2B
由牛顿第二定律：T−mg＝m

v2B
l
解得：T=4×10^-3NvB＝
0.1m/s
（2）从B到C，水平方向：ax＝
Eq
m＝5m/s2
运动所需要的时间，t＝
2vB
ax
竖直方向分运动是自由落体运动：h＝
1
2gt2＝0.08m
答：（1）则小球运动到O点正下方B点处刚要断时线的拉力4×10^-3N；
（2）以后发现小球恰能通过B点正下方的C点，则B、C两点间的距离0.08m．

点评：
本题考点： 带电粒子在匀强电场中的运动；牛顿第二定律；动能定理的应用．

考点点评： 考查动能定理与牛顿第二定律相综合，掌握运动学公式的应用，理解电场强度与电势差的关系式，注意式中d的含义．

（1）从溶解度曲线可以看出，甲物质的溶解度随温度的升高而增大，乙物质的溶解度随温度的升高而减小，所以溶解度随温度升高而降低的物质是：乙；（2）根据物质的溶解度曲线可知，曲线越陡，说明该物质的溶解度受温度...

点评：
本题考点： 固体溶解度曲线及其作用；结晶的原理、方法及其应用；溶质的质量分数、溶解性和溶解度的关系．

考点点评： 在解此类题时，首先分析题中所给物质溶解度曲线的含义，然后结合选项中所给的问题进行分析解答．

（1）用弹簧测力计匀速拉动木块，然后木块做匀速运动，木块处于平衡状态，由二力平衡知识可知，木块受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力；
（2）使用毛巾、棉布是为了改变接触面的粗糙程度，它们中毛巾的粗糙程度大，改变接触面积的方法是在压力一定时，用同一块木块的不同侧面压在木板上；
（3）该测力计的分度值为0.2N，此次示数为3.6N．
故答案为：（1）木块；匀速直线；（2）毛巾；用木块不同侧面压木板；（3）3.6．

点评：
本题考点： 探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验．

考点点评： 本题考查了实验原理、实验数据记录，应用控制变量法解决问题．

同一只音叉振动时频率是一定的，可以改变的是音叉振动时的振幅，从而使响度发生改变；振幅越大，响度越大．
故选A．

点评：
本题考点： 音调、响度与音色的区分．

考点点评： 本题主要考查了声音的产生和响度大小的影响因素--振幅的关系；对于不易观察的振动，可通过转换的思想，将音叉的振动放大，要注意体会这一思想的应用和掌握．