无土栽培是利用营养液栽培作物的一种方法．下列化学肥料中属于复合肥的是（　　）

植物组织培养是取出植株成体的一小部分——称作外植体,在无菌条件下培养,在培养液中添加适当的植物激素,诱导脱分化的细胞形成愈伤组织,再分化出根和芽.最终长成完整植株.植株的来源不是受精卵而是体细胞.这种幼苗很难再直接移植到土壤中,要驯化.
无土栽培是将植株固定,在人工配制的溶液中培养,溶液可以浸没根部,也可以搅拌后形成雾状包围根部,不管是种子培养出来的还是利用组织培养的幼苗,强调的是人工配制的营养液,成份确定.

0.5mol*(13+4+35.5)g/mol=26.25g
0.16mol*(39+35.5)g/mol=11.92g
0.24mol*(39+32+16*4)g/mol=32.4g
根据差量法减少的体积 3-（2+1）=0
所以气体体积不变
故有氧气672ML
有氧气体积可计算出氧气质量,根据质量守恒可算出xy2质量（ 2.56*672/22.4/1000-672/22.4/1000*32） 氧气含有（672/22.4/1000）MOL则XY2含有（672/22.4/1000/3）MOL
有摩尔质量76g/mol
76/（16+3）*3=12g/mol 是C
同理是S

一种植物无土栽培液体培养培养植物的方法,一般而言,调整培养基中阴离子态氮源与阳离子态氮源的比例为2－7∶1,优选4－5∶1,可使大多数植物在培养过程中培养液的pH值的保持在5－7左右.另一方面,在培养的过程中,如果培养液的pH值向碱性偏离时,可适当增加阳离子态氮的比例；如果情况相反的话,应适当增加阴离子态氮的比例.通过该方法的培养基的营养配方,能使培养基很好地模拟土壤溶液中对pH高缓冲性的特点,促进植物的生长发育,确保无土栽培产业的低成本和高产出以及农业生产的可持续发展.

先算出0.5molNH4CL 0.15mol KCL 0.24mol K2SO4共有：0.5molNH4+,0.65molCl- ,0.63molK+,0.24molSO42-；而KCL NH4CL (NH4)2SO4中只有KCL含K+、(NH4)2SO4含SO42-,所以要0.63molKCl,0.24mol(NH4)2SO4,再算出要0.02molNH4CL.

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解析：根据组成生物体的化学元素在生物体内的含量不同,分成大量元素和微量元素.大量元素包括C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg等；微量元素包括Fe、Mn、Cu、Zn、B、Mo等.由于植物体内含有大量的Ca、S、P等元素,这些元素只能靠根从培养液中吸取,而培养液能为花卉提供Ca、S、P的离子分别是Ca2＋、SO、H2PO,因此花卉对这些离子的吸收量较大.而Zn属于微量元素,因此花卉对Zn2＋的吸收量较少.

解题思路：根据n=cV计算各物质的物质的量，进而计算混合液中各离子的物质的量，再根据离子守恒可知，n[（NH4）2SO4]=n（SO42-），n（ KCl）=n（ K+ ），n（NH4Cl）+n（KCl）=n（ Cl- ），据此计算解答．

1L混合液中，n（NH₄Cl）=1L×0.5mol/L=0.5mol、n（KCl）=1L×0.16mol/L=0.16mol、n（K₂SO₄）=1L×0.24mol/L=0.24mol，
故n（ Cl^- ）=n（NH₄Cl）+n（ KCl）=0.5mol+0.16mol=0.66mol；
n（ K⁺ ）=n（ KCl）+2n（ K₂SO₄）=0.16mol+2×0.24mol=0.64mol；
n（SO₄^2-）=n（ K₂SO₄）=0.24mol；
用KCl、NH₄Cl、（NH₄）₂SO₄配制，则：
n[（NH₄）₂SO₄]=n（SO₄^2-）=0.24mol；
n（ KCl）=n（ K⁺ ）=0.64mol；
n（NH₄Cl）=n（ Cl^- ）-n（ KCl）=0.66mol-0.64mol=0.02mol；
故选D．

点评：
本题考点： 物质的量浓度的相关计算．

考点点评： 本题考查了物质的量浓度的有关计算，难度不大，注意从守恒的角度解答，原溶液中离子物质的量和配制溶液中的离子物质的量相同．

无土栽培由于其从栽培设施到环境控制都能做到根据作物生长发育的需要进行监测和调控,因而具有一般传统的土壤栽培所无法比拟的优越性.可以概括为以下面几个方面：（1）无土栽培的作物生长快,产量高,如番茄、黄瓜等作物的产量比土壤栽培高1倍以上.（2）免除土壤污染,可以生产出清洁卫生、少污染、无公害,品质好的产品.无土栽培的作物,特别是蔬菜、瓜果等,由于不施用人粪尿,厩肥等农家肥料,病虫害相对又少,大大减少农药的使用,不喷洒除草剂,因此其产品大大地减少了肥料、农药、寄生虫、病菌及重金属等污染,清洁卫生无公害,同时,果大而整齐,颜色鲜艳,商品性和食用品质均好.（3）省工、节水、省肥.由于不需要进行土壤耕作、整地、施肥、中耕除草等,田间管理工作大大减少,不仅能节省用工,同时劳动强度亦不大,能大大改善农业生产的劳动条件,有利于省力化栽培.在人工控制下,通过营养液的科学管理来确保水分和养分的供应,因而可以大大减少了土壤栽培中水肥的渗漏、流失、挥发与蒸发,所以在沙漠干旱地区进行无土栽培亦是一项很好的“节水工程”.（4）可以避免土壤连作障害：如果土壤连作频繁,会导致土传病虫害日见增长,土壤盐类不断积聚或土壤酸化、板结等障害,已成为影响蔬菜生产发展的一个重要制约因素,而应用无土栽培则可以避免上述土壤连作障害的发生.（5）不受地区、土壤等条件的限制.可以在屋顶、阳台以及不能进行土壤栽培的地方如沙漠、油田、海涂和土壤严重污染的地区应用.

C

解题思路：（1）元素的质量比等于元素原子量和的比．
（2）根据相对分子质量为构成分子的各原子的相对原子质量之和，进行分析解答．
（3）根据化合物中元素的质量分数=[相对原子质量×原子个数/相对分子质量]×100%，进行分析解答．
（4）根据元素的质量=化合物的质量×化合物中该元素的质量分数来分析解答．
（5）弄清相对原子质量的概念，然后根据相对原子质量的计算公式以及原子中质子数与中子数之和约等于相对原子质量分析解答即可．

（1）元素的质量比等于元素原子量和的比，KNO₃中钾、氮、氧元素的质量比为=39：14：16×3=39：14：48．故答案为：39：14：48．
（2）KNO₃的相对分子质量=39+14+（16×3）=101，故答案为：101；
（3）KNO₃中氮元素的质量分数为[14/101×100%≈13.9%．故填：13.9%；
（4）2000g KNO₃中氮元素的质量为：2000g×13.9%=278g；故填：278；
（5）由于相对原子质量=
原子的质量
碳原子的质量×
1
12]；故该原子的相对原子质量为：[bkg
akg×
1/12]=[12b/a]；而原子中质子数与中子数之和约等于原子的相对原子质量，
所以该原子的中子数为：[12b/a]-N．故填：[12b/a]-N．

点评：
本题考点： 元素质量比的计算；有关溶质质量分数的简单计算；相对原子质量的概念及其计算方法；相对分子质量的概念及其计算；元素的质量分数计算；化合物中某元素的质量计算．

考点点评： 本题难度不大，考查同学们灵活运用化学式的有关计算进行分析问题、解决问题的能力．

解题思路：以KCl、K₂SO₄、ZnCl₂和1LH₂O为原料配得相同组成的营养液，要计算所需KCl、K₂SO₄、ZnCl₂物质的量，应从离子的物质的量的相等的角度进行计算．

0.3molKCl、0.2molK₂SO₄、0.1molZnSO₄中，含有的各离子的物质的量为：
n（K⁺）=0.3mol+0.2mol×2=0.7mol，
n（Zn²⁺）=0.1mol，
n（Cl^-）=0.3mol，
n（SO₄^2-）=0.2mol+0.1mol=0.3mol，
所以需要需n（K₂SO₄）=0.3mol；
n（ZnCl₂）=0.1mol；
n（KCl）=0.7mol-2×0.3mol=0.1mol，
根据锌离子守恒可知，需要n（ZnCl₂）=0.1mol，此时也提供了Cl^-0.2mol，再由SO₄^2-守恒得n（K₂SO₄）=0.3mol，由Cl^-守恒，则n（KCl）=0.3mol-0.2mol=0.1mol，
所以KCl、K₂SO₄、ZnCl₂的物质的量各是0.1mol、0.3mol、0.1mol，
需要的质量分别为：m（KCl）=74.5g/mol×0.1mol=7.45g，
m（ZnCl₂）=136g/mol×0.1mol=13.6g，
m（K₂SO₄）=174g/mol×0.3mol=52.2g，
答：需三种溶质质量分别为：13.6克ZnCl₂、7.45克KCl、52.2克K₂SO₄．

点评：
本题考点： 溶液的配制．

考点点评： 本题考查物质的量的计算，题目难度中等，本题注意从质量守恒的角度解答该题，特别注意离子守恒，试题培养了学生的分析、理解能力及灵活应用所学知识的能力．

（1）复合肥料
（2）101
（3）39:14:48
（4）9

解题思路：（1）根据氨气溶于水显碱性能使湿润的红色石蕊试纸变蓝色以及铵态氮肥遇碱放出氨气进行解答；
（2）碳酸氢铵和盐酸反应有气泡产生．
【提出猜想】根据（1）（2）验证进行猜想．
【实验探究】验证样品是硫酸铵和氯化钾也就是验证氯离子，要排除硫酸根离子的干扰．

（1）氨气溶于水显碱性能使湿润的红色石蕊试纸变蓝色，铵态氮肥遇碱放出氨气，可能发生该反应的化学方程式是NH₄HCO₃+Ca（OH）₂=CaCO₃↓+NH₃↑+2H₂O或（NH₄）₂SO₄+Ca（OH）₂=CaSO₄+2NH₃↑+2H₂O；
（2）加入盐酸没有现象，排除碳酸氢铵的存在，因为碳酸氢铵和盐酸反应有气泡产生．
【提出猜想】由（1）确定一定有铵盐，由（2）排除碳酸氢铵的存在，所以只剩下硫酸铵和硫酸铵、氯化钾的混合物；
【实验探究】①排除硫酸根离子的干扰，可以取少量营养液样品于试管中，滴加过量的硝酸钡溶液；
②验证氯离子可以取①中反应后的溶液于试管中，滴加过量的硝酸银溶液，有白色沉淀生成证明猜想2正确．
故答案为：（1）蓝；NH₄HCO₃+Ca（OH）₂=CaCO₃↓+NH₃↑+2H₂O或（NH₄）₂SO₄+Ca（OH）₂=CaSO₄+2NH₃↑+2H₂O；
（2）NH₄HCO₃
【提出猜想】硫酸铵和氯化钾
【实验探究】．
实验步骤 实验现象 实验结论
①取少量营养液样品于试管中，滴加过量的硝酸钡溶液 有白色沉淀生成 猜想2正确
②取①中反应后的溶液于试管中，滴加过量的硝酸银溶液 有白色沉淀生成

点评：
本题考点： 实验探究物质的组成成分以及含量；酸的化学性质；盐的化学性质；铵态氮肥的检验；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．

考点点评： 解答这类题目时，首先，赏析问题情景，找到实验探究的反应原理；再根据实验的反应原理，利用所称取的样品进行实验探究，分析推断出该物质的组成成分．

解题思路：以KCl、K₂SO₄、ZnCl₂和1LH₂O为原料配得相同组成的营养液，要计算所需KCl、K₂SO₄、ZnCl₂物质的量，应从离子的物质的量的相等的角度进行计算．

0.3molKCl、0.2molK₂SO₄、0.1molZnSO₄中，含有的各离子的物质的量为：
n（K⁺）=0.3mol+0.2mol×2=0.7mol，
n（Zn²⁺）=0.1mol，
n（Cl^-）=0.3mol，
n（SO₄^2-）=0.2mol+0.1mol=0.3mol，
所以需要需n（K₂SO₄）=0.3mol；
n（ZnCl₂）=0.1mol；
n（KCl）=0.7mol-2×0.3mol=0.1mol，
根据锌离子守恒可知，需要n（ZnCl₂）=0.1mol，此时也提供了Cl^-0.2mol，再由SO₄^2-守恒得n（K₂SO₄）=0.3mol，由Cl^-守恒，则n（KCl）=0.3mol-0.2mol=0.1mol，
所以KCl、K₂SO₄、ZnCl₂的物质的量各是0.1mol、0.3mol、0.1mol，
需要的质量分别为：m（KCl）=74.5g/mol×0.1mol=7.45g，
m（ZnCl₂）=136g/mol×0.1mol=13.6g，
m（K₂SO₄）=174g/mol×0.3mol=52.2g，
答：需三种溶质质量分别为：13.6克ZnCl₂、7.45克KCl、52.2克K₂SO₄．

点评：
本题考点： 溶液的配制．

考点点评： 本题考查物质的量的计算，题目难度中等，本题注意从质量守恒的角度解答该题，特别注意离子守恒，试题培养了学生的分析、理解能力及灵活应用所学知识的能力．

16时,补充二氧化碳,

（1）500g溶质质量分数为1.6%这种营养液中溶质的质量为：500g×1.6%=8g；
则需水的质量为：500g-8g=492.0g；
（2）500g溶质质量分数为1.6%这种营养液中溶质的质量为：500g×1.6%=8g；
各成分中硝酸钾所占有的质量为：8g×[105/22+105+16+16+1]=5.25g；
则KNO₃中钾元素的质量为：5.25g×[39/39+14+16×3]×100%=2.0g；
故答案为：492.0；2.0．

(1)蒸腾作用
(2)增加光照可使光合作用增强，降低温度可使呼吸作用减弱, 从而增加有机物的积累
(3)有机肥被土壤中的微生物分解，产生无机盐和二氧化碳
(4)钾
(5)①．植物进行光合作用消耗（大量的）C0 ₂ 植物进行呼吸作用释放C0 ₂
②．b～c(或d～e)

（1）复合    （2） 70

基质的配比
草炭 ：蛭石 2:1
草炭 ：沙子 3:1
草炭 ：锯末 1:1
水培营养液的配制.取硝酸钙236毫克／升、硝酸钾303毫克／升、磷酸铵57毫克／升、硫酸镁123毫克／升,溶解在自来水中配成A液.取硝酸钙236毫克／升、螯形铁16毫克／升、硼酸1.2毫克／升、氯化锰0.72毫克／升配成B液,将A液和B液混合在1000毫升的容器中,作母液贮存待用.

28gNH4Cl物质的量为428/54.5≈7.85mol,则KCl需要约0.98mol,K2SO4需要约3.925mol,则他们的质量分别为KCl约73g,K2SO4约683g,答案最接近C,故选C

需要硝酸钾的质量为
2000g×10%=200g
故选D．

由n=m/M有：
n(NH4Cl)=m(NH4Cl)/M(NH4Cl)=428g/(53.5g/mol)=8 mol
又由KCl、K2SO4 和 NH4Cl 3种固体原料的物质的量之比为1：4:8得：
n（KCl）=1 mol
n（K2SO4）=4 mol
又由m=n*M有
m（KCl）=n（KCl）*M（KCl）=1 mol*（74.5g/mol)= 74.5 g
m（K2SO4）=n（K2SO4）*M（K2SO4）=4 mol*（174g/mol)= 696 g
这个计算题是关于n,m,M三者关系的考查,比较基础的了,是刚学物质的量吧,要加油哦~

解题思路：根尖是指从根的顶端到生有根毛的一段．它的结构从顶端依次是根冠、分生区、伸长区、成熟区．

成熟区也叫根毛区；在伸长区的上部，细胞停止伸长，并且开始分化，表皮细胞一部分向外突起形成根毛．是吸收水分和无机盐的主要部位．根毛的存在增加了根的吸收面积．根毛能分泌多种物质，如有机酸等，使土壤中难于溶解的盐类溶解，成为容易被植物吸收的养分．成熟区及其上部，根内部一部分细胞分化形成导管，能输导水分和无机盐．
故选：C．

点评：
本题考点： 根尖结构以及与吸收功能相适应的特点．

考点点评： 解答此类题目的关键是理解成熟区适于吸收的特点．

解题思路：影响植物光合作用的因素有光照强度、二氧化碳浓度等，影响植物呼吸作用的因素有氧气和二氧化碳的浓度、温度等；无土栽培也称为溶液栽培．在配制培养液中要通入氧气以促进根的呼吸作用，据此答题．

（1）光合作用的原料之一是二氧化碳，适当增加二氧化碳的浓度能使植物光合作用因原料的增加而增强，从而提高大棚黄瓜的产量．在一定范围内，环境温度越高，植物的呼吸作用就越强，环境温度越低，呼吸作用就越弱；因此降低温度可以使呼吸作用减弱，减少有机物的消耗，从而增加有机物的积累．在黄瓜生长旺盛时期，要定期补充一定量的水分，这些水分主要用于植物的蒸腾作用．
（2）光合作用的原料之一是二氧化碳，使用有机肥，不仅提高了蔬菜的品质，而且土壤中的微生物分解有机肥会产生二氧化碳，为温室内的植物进行光合作用提供了原料．
（3）无土栽培也称为溶液栽培，营养液中的植物长期在液体的环境中，根因得不到充足的氧，影响呼吸，从而影响生长，培养过程中要经常给营养液通入氧气，其目的是促进植物根部呼吸．
故答案为：（1）适当增加二氧化碳的浓度； 降低呼吸作用，减少有机物的消耗； 蒸腾作用．
（2）土壤中的微生物分解有机肥会产生二氧化碳．
（3）促进根的呼吸作用．

点评：
本题考点： 光合作用原理在生产上的应用；无土栽培．

考点点评： 关键是理解光合作用与呼吸作用的原理在农业生产上的应用．

可以...
KCl 0.1
K2SO4 0.3
ZnCl2 0.1

能
原溶液中K+.0.7摩.CI-0.3摩.SO4(2-)0.3摩.Zn2+.0.1摩
设KCl、K2SO4、ZnCl2物质的量分别为X.Y.Z.摩
根据守衡有X+2Y=0.1
Z=0.1 .X+2Z=0.3 .Y=0.3
解得X=0.1 Y=0.3 Z=0.1
所以用KCl、K2SO4、ZnCl2分别0.1摩.0.3摩.0.1摩和1升水即能配得相同组成的营养液

选A
A有机物质物不能吸收 所以都不含
B组织培养需要激素 无土栽培需要的是适宜浓度的矿质元素
C正确的

解题思路：本题考查无土栽培的知识．无土栽培不用土壤，用其它东西培养植物的方法，包括水培、雾（气）培、基质栽培．

无土栽培中用人工配制的培养液，供给植物矿物营养的需要．所以植物营养液是根据植物生长发育过程需要无机盐的种类与多少配制的．由于植物对养分的要求因种类和生长发育的阶段而异，所以配方也要相应地改变，培养同一种植物，在它的一生中也要不断地修改培养液的配方以达到植物的需求，所以无土栽培的产量都比土壤栽培的高．
故选：B

点评：
本题考点： 无土栽培．

考点点评： 无土栽培与常规栽培的区别，就是不用土壤，直接用营养液来栽培植物．

解题思路：含有氮元素的肥料称为氮肥．含有磷元素的肥料称为磷肥．含有钾元素的肥料称为钾肥．同时含有氮、磷、钾三种元素中的两种或两种以上的肥料称为复合肥．

A、CO（NH₂）₂有氮元素，属于氮肥；
B、NH₄NO₃有氮元素，属于氮肥；
C、KH₂PO₄中含有钾元素和磷元素，属于复合肥；
D、K₂SO₄中含有钾元素，属于钾肥．
故选C．

点评：
本题考点： 常见化肥的种类和作用．

考点点评： 解答本题要掌握化肥中含有营养元素的种类，然后再根据化肥的分类方法进行分析、判断，从而得出正确的结论．

A
设固体混合物中含硝酸铵的质量分数为x
根据质量分数之比和原子守恒得到如下关系式：
NH4NO3~2N
80 28
x 28%
80：28=x:28%
x=80%
则固体混合物中KH2PO4的质量分数=1-80%=20%
希望我的回答能对你的学习有帮助!

解题思路：可再利用的元素如果缺乏，则老叶中的元素会转移到代谢旺盛的部分，从而使老叶表现出病症，幼叶正常；如果是不可再利用的元素缺乏，则幼叶表现出病症而老叶正常．

植物体内的矿质元素分为可再利用的矿质元素和不可再利用的矿质元素，如果缺乏可再利用的元素，则老叶中的元素会转移到代谢旺盛的幼叶部分，从而老叶表现出病症，幼叶正常，如N、P、K、Mg、Zn、B等属于可再利用的元素；如果是不可再利用的元素缺乏，则幼叶表现出病症而老叶正常，如Ca、S、Fe、Mn、Cu等．从题意可以看出，该组缺乏的是不可再利用的元素，常见的不可再利用的元素有Ca、Fe．
故选：D

点评：
本题考点： 无机盐的主要存在形式和作用．

考点点评： 本题考查植物体内的对矿质元素的利用，可再利用的矿质元素有N、P、K、Mg、Zn、B、Mo等，不可再利用的元素如Ca、S、Fe、Mn、Cu等，当它们缺乏时，老叶和新叶的表现不同．

根据“某植物营养液的配方为0.3molKCL,0.2mol硫酸钾,0.1mol硫酸锌和1L水”,可得,在1L水中,需要：K 0.7mol Zn 0.1mol Cl 0.3mol S 0.3mol 再看,给出的溶液是氯化钾,硫酸钾和氯化锌,一一对应,往上填充.Zn,只有提供,因此需要氯化锌0.1mol； S,只有硫酸钾提供,因此需要硫酸钾0.3mol； 氯化锌中已经提供了0.2mol的氯,还需要0.1mol,由1mol氯化钾提供.最后检查 新配料中的元素与原配料中的元素是否完全一致.因此,需要的配料是；氯化锌0.1mol、硫酸钾0.3mol、氯化钾1mol.即：氯化锌13.6g、硫酸钾17.4g、氯化钾7.45g.

解题思路：此题第一部分查溶液的配置，以及有关溶质质量分数的计算，其中考查了玻璃棒的作用；第二部分考查了物质的鉴别，
主要是碳酸根离子及氯离子的特性，碳酸根可以与钙离子生成沉淀，而氯离子能和银离子反应生成白色沉淀，据此
可以完成该题的解答．

宁宁要配制溶液150g2%的硝酸钾溶液，据溶质的质量分数的求算方法可以求出所需硝酸钾的质量150×2%=3g，在配制溶液的过程中为了加速溶解，我们常用玻璃棒对溶液进行搅拌，故本题答案为：3； 搅拌以加速溶解．
1、实验1中把碳酸钠加入混合物的溶液中，产生了白色沉淀，根据所给的物质中能和碳酸钠产生沉淀的只有硝酸钙，同时也说明在混合物中没有碳酸钾，故本题答案为：碳酸钾
2、实验2中把硝酸银加入营养液中产生了白色沉淀，根据所给的物质中能和硝酸银产生沉淀的只有氯化钾，而两个实验中均没有提到硝酸钾，所以硝酸钾可能有，也可能没有，这样综合两个实验可以得出营养液中可能有的物质存在两种组合：一是硝酸钙、氯化钾，二是硝酸钙、氯化钾、硝酸钾，故本题答案为：2
3、氯化钾中钾离子和氯离子的个数比为1：1，而溶液中钾离子和氯离子的个数比为2：1，所以我们根据溶液中的电荷守恒我们可以得出该营养液的组合中还含有硝酸根离子，即硝酸钾，故本题答案为：硝酸钙、氯化钾、硝酸钾（或Ca（NO₃）₂、KCl、KNO₃）．

点评：
本题考点： 酸、碱、盐的鉴别；一定溶质质量分数的溶液的配制；有关溶质质量分数的简单计算．

考点点评： 本题是鉴别题，在解答这类题目时就是根据物质所具有的化学特性，选择合适的化学试剂与所提供的物质，然后根据不同的实验现象对它们加以区分．

没有沉淀,因为沉淀物不易吸收.PH要适宜,电解质含量也要测,水最好是纯净水,不是的话要先过滤消毒,在烧开,去掉里面的杂质.每种植物需要的营养不一样,配方自己可以上网查.

Heavy metals nickel stress on physiological and biochemical characteristics of Jatropha Seedlings Abstract: In this study, soilless cultivation, stress jatropha seedlings treated with different concentrations of nickel (Ni2 +) in culture medium for 7 days, by measuring its peroxidase (POD) activity , chlorophyll and malondialdehyde (MDA), free proline (Pro), soluble sugar , soluble protein content and root activity , research Ni2 + Stress on physiological and Biochemical jatropha seedlings . Research results : Under duress Ni2 + solution , with the improvement of Ni2 + concentration of peroxidase (POD) activity , chlorophyll content , malondialdehyde (MDA) content , soluble sugar and soluble protein content increased first and then decreased trends proline (Pro) in a straight upward trend , seedling root activity compared with the control group , a straight downward trend. It can be seen , jatropha seedlings to Ni2 + has some resistance to stress the role of stress concentration is too high would undermine the role of protective enzymes in vivo Jatropha roots ability to absorb nutrients is damaged, so that growth is affected. Keywords : Jatropha ; nickel stress ; physiological and biochemical characteristics

就这了,打得我手都疼了,希望您能采纳

解题思路：（1）硝酸钾因为含有氮元素与钾元素应属于复合肥．
（2）利用相对原子量之和求解．
（3）元素的质量比等于元素原子量和的比．
（4）溶质的质量等于物质的质量与溶质质量分数的乘积．

（1）硝酸钾因为含有氮元素与钾元素两种元素应属于复合肥，故答案为：复合肥料（2）相对分子质量=39+14+（16×3）=101，故答案为：101（3）元素的质量比等于元素原子量和的比，KNO3中钾、氮、氧元素的质量比为=39：1...

点评：
本题考点： 相对分子质量的概念及其计算；有关溶质质量分数的简单计算；常见化肥的种类和作用；元素质量比的计算．

考点点评： 此题是对硝酸钾的相关知识的考查，解决的重点是掌握有关硝酸钾化学式的计算，属基础性知识考查题．

A、将一定质量分数的浓溶液稀释为一定质量分数的稀溶液过程为：计算、量取、稀释、验算，需要通过计算确定水的质量，故A正确；
B、设所需水的质量为x，根据溶液稀释前后溶质的量不变，可得：
100×25%=（100+x）10%
解得x=150，所以需水量为150g，
故B错；
C、将一定质量分数的浓溶液稀释为一定质量分数的稀溶液过程为：计算、量取、稀释、验算，故C正确；
D、将一定质量分数的浓溶液稀释为一定质量分数的稀溶液过程为：计算、量取、稀释、验算，故D正确；
故选B

1 满足根的呼吸作用需要
2 CO2

严格的说,植物都是可以在水培条件下生长的.
因为植物根系生长需要的是矿物质以及呼吸所需的氧气和水分,只要这个条件满足,认为通入溶解氧,任何植物都可以水培.但是生菜的适应性可能会强一些,水里的溶解氧少一些也行.

NH4NO3中氮元素质量分数=N×2/NH4NO3×100%=35%
NH4H2PO4氮元素的质量分数 = 14 ÷(14+4+2+31+4×16) ×100% = 12.17%
只要是介于12.17%-35%之间的都可以.

无土栽培技术作为产业发展和项目投资具有极大优势.首先,该技术能及时合理地为植物提供各种养分.能最大限度满足植物生长不同时期的营养要求,能保证植物不受病虫侵害,生长快,产量高,可达到普通种植的4—16倍.其次,高效无土栽培是在大棚或温室内进行的,避免了植物与土壤和外界空气接触,加之可调控棚内空气湿度,避免病原菌和虫害对植物的侵害,既使发生了也易控制,不需使用农药,可生产AA级绿色食品.而且,由于植物生长所需条件配合适当,使其生长快、口感好、外观整齐、着色均匀、绿色安全、商品率高、粗纤维下降、维c含量上升、营养元素丰富.与传统种植方法相比,土壤栽培所施的肥料容易流失和被土壤固定,植物吸收利用率不到50％,而高效无土栽培营养元素齐全,且协调合理,又相对封闭,吸收利用率达到96％以上,节省大量肥料.水分也不会在土壤中渗透流失,水分利用率高,只需露地栽培的十分之一,特别适合干旱少雨的地区发展.没有翻地、整畦、除草等繁重劳动,人工管理面积可提高3—6倍,其省肥、省水、省工省时,便于节约化、规模化生产.特别值得一提的是,该技术不占农田、不受地域气候条件限制,废矿区、盐碱地、河滩、海岛、沙漠、荒地、荒山、阳台、屋面、庭院、城镇空闲地等难以耕作的地方都可以利用,将缓解蔬菜、瓜果、花卉、药材与粮食争地的矛盾,有效克服连作障碍,节约大量土地,方便气候恶劣地区工作人员的瓜菜供应,促进都市农业的发展.此外,各地还可以全年生产瓜菜、花卉、药材等高效产品,能跨区域、返季节生产上市；同时便于靠近市场,可使瓜果充分成熟,风味更浓,品质更优,效益更高.在成本控制方面,该技术不需要常规无土栽培所用的电导率自动控制装置、酸碱度自动控制装置、浓缩营养液罐及分配器等设备设施,只需在普通大棚内用建筑旧砖建立培养槽或直接开挖培养槽,利用煤渣、锯沫、菇渣、秸秆等基质,变废为宝,用塑料和废旧编织袋将基质与土壤隔离,铺设喷水管即可生产,极大地降低生产投入.而且不存在土壤管理,肥、水有量化指标,直接调控,操作容易.

水培/太空育种/转基因作物/套种/水稻旱灾/反季节栽培/嫁接/无性育种/人工授粉/杂交作物等等

（1）配制100 g溶质质量分数为2.4%的硝酸钾溶液需硝酸钾的质量=100g×2.4%=2.4g；需要水的质量=100g-2.4g=97.6g（合97.6mL）；
故答案为：2.4；97.6；
（2）仰视，所取液体体积会大于97.6mL，溶剂量偏大而使所得溶液的溶质质量分数小于2.4%；
故答案为：＜；
（3）量取溶剂时需要玻璃仪器为100mL的量筒，溶解时需要的玻璃仪器为烧杯和玻璃棒；
故答案为：烧杯；玻璃棒；100mL量筒（无单位不得分）．

解题思路：到底属于什么肥料关键看该化肥的元素组成，找“N、P、K”三种元素有哪一种元素就叫什么肥，有其中两种或三种就叫复合肥；溶质质量=溶液质量×溶质质量分数；配制溶液步骤：计算、称量、量取、溶解．

因为硝酸钾中含有“N和K”两种营养元素，所以为复合肥；硝酸钾质量：150g×2%=3g；
配制此硝酸钾溶液的步骤为：计算、称量（量取）、溶解．玻璃棒是搅拌加速固体溶解的．
故答案为：复合；3；称量、溶解；搅拌．

点评：
本题考点： 一定溶质质量分数的溶液的配制；影响溶解快慢的因素；有关溶质质量分数的简单计算；常见化肥的种类和作用．

考点点评： 知道肥料的判断方法：找“N、P、K”三种元素有哪一种元素就叫什么肥，有其中两种或三种就叫复合肥；配制一定溶质质量分数溶液的步骤：计算、称量、量取、溶解．

解题思路：根据植物细胞吸水和失水的原理分析解答．

根据植物细胞的渗透作用原理，植物细胞是否失水或吸水，与植物细胞液的浓度和细胞周围水溶液的浓度有关．细胞外部溶液的浓度大于细胞内部浓度时失水，细胞外部溶液的浓度小于细胞内部浓度时吸水．所以无土栽培的营养液浓度不能太高，否则会直接导致植株失水萎蔫．
故选A．

点评：
本题考点： 植物细胞的吸水、失水；无土栽培．

考点点评： 关键是掌握植物细胞吸水和失水的原理，即可答题．

1、无土栽培常用的方法有水培,（ 雾(气)培 ）,（ 基质栽 ）等
2、选D
空气湿度增大,蒸腾速度减慢
风速增大利于空气流动,有利于蒸腾作用,A对
温度升高,蒸腾加快,B对
日照增强,光合作用强,气孔打开,蒸腾作用也就加强,C 对

可以到图书馆借阅无土栽培相关书籍,看看无土栽培的基本原理与技术.番茄是无土栽培技术应用最多的蔬菜之一,一般无土栽培的书应该都会有介绍番茄无土栽培技术的.
也可以登陆华南农业大学无土栽培技术研究室的网站,里面有“步进教程”、“教学论坛”等栏目,可以在线学习下.http://jpkc.scau.edu.cn/soilless/

、生物春天天气晴朗,光照充足,为使农作物增产,除满足无机盐的需求外,应采取的措施是适当增加（ ）的浓度.
2、当阴雨连绵,光照不足时,温室温度应（ ）,以降低蔬菜的（ ）
3、用于无土栽培的营养液,其中的无机盐应按照一定的（ ）配成.
1.二氧化碳
2.降低.呼吸作用
3.土壤浸液浓度 应该是吧!