220V交流电的火线对地之间电压是220V,

S1从2拨向1，输出电压不变，由于输出功率由副线圈决定，副线圈两端电压增大，消耗功率增大，所以电流表示数增大，A错；将S2从4拨向3，副线圈两端电压减小，消耗功率减小，所以电流减小，B错；S3从闭合变为断开，输出端电阻增大，但输出电压不变，则R2分压不变，C错；将变阻器R3的滑动触头上移，副线圈总电阻增大，总电流减小，副线圈两端电压一定，所以输出功率减小，所以电流减小。D对；故选D

D

①在实验前必须进行平衡摩擦力，其步骤如下：取下细线和砂桶，把木板不带滑轮的一端适当垫高并反复调节，直到轻推小车，使小车恰好做匀速直线运动．
②由题意可知两计数点的时间间隔为：T=[5/f]，根据匀变速直线运动推论有：
s₃-s₁=2a₁T²
s₄-s₂=2a₂T²
a=
(s3+s4)−(s1+s2)
100f2
利用匀变速直线运动的推论
v_B=
s1+s2
2T=0.301m/s
③用描点法画出图象如下所示：

由F=ma可知，在a-[1/M]图象中，图象的斜率表示物体所受合外力的大小，有图象可知其斜率为k=0.3，故所受合外力大小为0.3N．
④实验前没有平衡摩擦力，所以当拉力F达到一定值后，小车才产生加速度．
砂和砂桶的质量在增加，那么砂和砂桶的质量不能远小于车的质量时，实际拉力比砂桶重力小得多，桶实际的加速度比理论值小得多，图线向下弯曲．故选C．
故答案为：
①轻推小车，使小车恰好做匀速直线运动
②
(s3+s4)−(s1+s2)
100f2，0.301．
③如图所示，0.3
④C

点评：
本题考点： 验证牛顿第二运动定律．

考点点评： 书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．实验的图象描绘，物理结合数学的应用都值得注意．

A、原、副线圈的匝数分别为n₁=600匝、n₂=120匝，电源的电压为U₁=220V，所以副线圈电压是U₂=[220×120/600]=44V，
原线圈串联一个0.2A的保险丝，根据电流与匝数反比，副线圈允许的电流有效值最大为I₂=[600×0.2/120]=1A，
所以负载功率不能超过P=UI=44×1=44W，故A错误，C正确，D错误；
B、副线圈允许的电流有效值最大为1A，所以副线圈电流最大值不能超过
2A，故B错误；
故选：C．

点评：
本题考点： 交流的峰值、有效值以及它们的关系．

考点点评： 本题考查了变压器的特点，突破口在于保险丝的数值，结合欧姆定律进行判断．

设交流电电流的有效值为I，周期为T，电阻为R，则，有：
I²RT=（
Im

2）²R•[T/2]
解得：
I=
Im
2=1A；
故答案为：1A．

点评：
本题考点： 交流的峰值、有效值以及它们的关系．

考点点评： 求交流电的有效值，往往根据电流的热效应，由有效值的定义求解，基础题．

A、在一个周期内交流电的方向改变两次，故A错误；
B、交流电设备上标出的电压、电流均为有效值，故B错误；
C、交流的正负不表示其大小，表示交流电的方向，交流电的最小值为零，故C错误；
D、用电表测量的电流、电压均为交流电的有效值，故D正确．
故选D．

点评：
本题考点： 正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

考点点评： 正确理解交流电的“四值”含义，尤其是“有效值”的理解与应用，同时注意加强这方面的练习．

A、理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压也不变，故A错误；
BC、当S接通后，两个灯泡并联，电路的电阻减小，副线圈的电流变大，所以通过电阻R的电流变大，电压变大，那么并联部分的电压减小，所以通过灯泡L₁的电流减小，灯泡L₁变暗，故B正确，C错误；
D、当S接通后，两个灯泡并联，电路的电阻减小，副线圈的电流变大，所以原线圈的电流也变大，故D错误；
故选：B．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

考点点评： 电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．

A、灯泡正常发光，副线圈电流为I=[9/18]=0.5A，所以副线圈两端电压U=18+0.5×4=20V，电压与匝数成正比，原线圈输入电压为200V，所以A正确；
B、电流与匝数成反比，由A知S断开时原线圈中的电流为0.05A，所以B正确；
C、闭合开关S后，原、副线圈中的电流之比不变，所以C错误；
D、当开关S闭合时，总电阻减小，副线圈电压不变，所以副线圈电流增大，R分压增大，小灯泡L₁消耗的功率减小，故D正确；
故选：ABD．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理；电功、电功率．

考点点评： 本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解．

A、在一个周期内交流电的方向改变两次，故A错误；
B、交流电设备上标出的电压、电流均为有效值，故B错误；
C、交流的正负不表示其大小，表示交流电的方向，交流电的最小值为零，故C错误；
D、用电表测量的电流、电压均为交流电的有效值，故D正确．
故选D．

点评：
本题考点： 正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

考点点评： 正确理解交流电的“四值”含义，尤其是“有效值”的理解与应用，同时注意加强这方面的练习．

由纸带上两点间的位移可知，相邻相等时间内的位移之差△x=0.32cm是一个定值，所以纸带做匀加速直线运动，
由图可知，每隔5个点为一个计数点，故计数点之间的时间间隔为T=0.1s，
根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度得：
v₂=
X13
2T=
(2.84+3.16)×0.01
2×0.1=0.300m/s
a=[△x
T2=
0.0032/0.01]=0.32m/s²
根据匀变速直线运动速度公式可得：
v₄=v₂+a×2T=0.300m/s+0.064m/s=0.364m/s
故答案为：匀加速直线运动；相邻相等时间内的位移之差是个定值；0.300m/s；0.32m/s²；0.364m/s

点评：
本题考点： 探究小车速度随时间变化的规律．

考点点评： 能够知道相邻的计数点之间的时间间隔，利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．

（1）B：将打点计时器应接到电源的“交流输出”上，故B错误．
C：因为我们是比较mgh、
1
2mv2的大小关系，故m可约去比较，不需要用天平，故C不需要．
该题选没有必要进行的或者操作不当的，故选：BC．
（2）重物下落时做匀加速运动，故纸带上的点应越来越远，故应该是左端连接重物．
验证机械能守恒时，我们验证的是减少的重力势能△E_p=mgh和增加的动能△E_k=
1
2mv2之间的关系，所以我们要选择能够测h和v的数据．故选B点．
减少的重力势能为：△Ep=mgh=1×9.8×19.2×10^-2=1.88J
v_B=
xAC
2T＝
0.2323−0.1555
0.04＝1.92m/s
所以增加的动能为：△E_k=
1
2mv2＝
1
2×1×1.922＝1.84J
有数据可知，在误差允许范围内，重物下落的机械能守恒．
故答案为：（1）BC；（2）①左，B；②1.88，1.84，在误差允许范围内，重物下落的机械能守恒．

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： （1）只有明确了实验原理以及实验的数据测量，才能明确各项实验操作的具体含义，这点要在平时训练中加强练习．
（2）运用运动学公式和动能、重力势能的定义式解决问题是该实验的常规问题．要注意单位的换算和有效数字的保留

（1）每相邻两个计数点之间还有4个点没有画出，则T=0.1s，
根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度得：vE＝
xDF
2T＝
0.040
0.2＝0.20m/s．
设两个计数点之间的位移分别为：s₁、s₂、s₃、s₄、s₅、s₆，由图可知：s₁=0.005m；s₂=0.01m；s₃=0.015m；s₄=0.018m；s₅=0.022m；s₆=0.026m，
根据作差法得：a=
s4+s5+s6−s3−s2−s1
9T2=0.41m/s²．
故答案为：0.20；0.41

点评：
本题考点： 探究加速度与物体质量、物体受力的关系．

考点点评： 解决本题的关键掌握纸带的处理，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，计算时注意单位的统一．

A、根据qvB=m
v2
R 得，粒子的最大速度v=[qBR/m]，则最大动能E_Km=[1/2]mv²=
q2B2R2
2m．知增大动能，需增大D形盒的半径，或增大磁感应强度．故A错误，B正确；
C、根据v＝
2πR
T＝2πRf，可知：最大半径为R，且电场变化的频率即为粒子在磁场中运动周期，因此C正确；
D、增大匀强电场间的加速电压，一次加速的动能将增加，所以被加速粒子在加速器中运动的圈数将减少，故D正确，
故选BCD．

点评：
本题考点： 质谱仪和回旋加速器的工作原理．

考点点评： 解决本题的关键知道根据qvB=mv2R可求出最大速度，以及知道最大动能与D形盒的半径和磁感应强度的大小有关．

（1）B：将打点计时器接到电源的“交流输出”上，故B错误，操作不当．
C：因为我们是比较mgh、[1/2mv2的大小关系，故m可约去比较，不需要用天平，故C没有必要．
（2）C点的瞬时速度vC＝
0.02
0.04m/s＝0.5m/s，vD＝
(13.8−8.0)×10−2
0.04m/s＝1.45m/s，则动能的增加量△Ek＝
1
2m(vD2−vC2)=0.278J．
重力势能的减小△Ep＝mgh＝0.3×9.79×(10.7−0.8)×10−2J=0.291J．
（3）小球通过光电门的瞬时速度v=
d
t]；若mgh=[1/2mv2＝
1
2m
d2
t2]，即
d2
2t2＝gh时，机械能守恒得到验证．
故答案为：（1）C、B
（2）0.278，.0.291
（3）[d/t]，
d2
2t2＝gh．

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 解答实验问题的关键是明确实验原理、实验目的，了解具体操作．掌握动能变化量和重力势能减小量的求法，知道某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度．

A、当L₁中通过有交流电时，根据右手螺旋定则可知，穿过金属板的磁场发生变化，从而出现变化的电场，导致金属板产生涡流，进而吸收电磁能量，转化成板的内能，故A正确；
B、当金属板越厚，在变化的电场作用下，产生涡流越强，故B错误；
C、根据电磁感应原理，L₂中产生的是与L₁中同频率的交流电，故C错误，D正确；
故选：AD．

点评：
本题考点： * 涡流现象及其应用．

考点点评： 考查电磁感应现象的原理，掌握产生涡流的原理，注意板的厚度与涡流的大小关系，结合变压器与电磁炉，更能便于解题．

常用的电磁打点计时器和电火花计时器使用的是交流电，正常工作时每隔0.02s打一个点．
则连续打5个点所用的时间是t=（5-1）×0.02s=0.08s
故答案为：0.02、0.08

点评：
本题考点： 电火花计时器、电磁打点计时器．

考点点评： 对于物理知识我们不能死记硬背，而是要知道为什么．
打点计时器的打点频率和周期是互为倒数．