如图BC,DE相交于C,F是AB上的一点,角AFD=角D,角B-角EGC=48°求角BGD的度数

∵AB=AC=10,
∴ΔABC是等腰三角形
∴圆心O在BC边的高上
连接AO延长线交BC于D则D为BC中点
∴AD⊥BC
∵sin∠ABC=4/5
∴AD=ABsin∠ABC=10*4/5=8
∴根据勾股定理：
BD=√(AB²-AD²)=6,
∴BC=2BD=12
设OA=OB=r
则OB²=BD²+OD²
r²=36+(8-r)²
∴36+64-16r=0
∴r=25/4
∴OD=8-25/4=7/4
∴tan∠OBC=OD/BD
=(7/4)/6=7/24

答：1、是 因为BC垂直于CD,那么角OCB+角3=90度 又因为角1等于角2等于角3 那么角OCB+角2=90度 所以CO垂直于OB CO是三角形BCD的高

如图,连接AC.
(1)∵∠AGE=∠CGA
∠GEA=∠GAC=90°
∴△AGE∽△CGA
又∵GE/AE=1/2
∴AG/AC=1/2
A是弧BC的中点,故△ABC是等腰直角三角形.
AB=AC
所以有AG/AB=1/2
∴AG=BG
(2)连接BD.
∵∠BDG=∠AEG=90°
∠DGB=∠EGA
AG=BG 【由(1)得到】
∴△BDG≌△AEG
∴BD=2DG,DG=EG,AE=BD
∴DE=BD,△DBE是等腰直角三角形.
∵半径=√10
∴BG=1/2AB=√5
在Rt△BDG中,BD^2+DG^2=5/4BD^2=5
所以BD=DE=2
BE=2√2

解题思路：（1）连接OD交AC于H，根据垂径定理求出OD⊥AC，AC=2AH=2CH，证△CDB∽△DHC，推出BD•CD=HC•BC即可；
（2）设EH=x，AD²=DH²+AH²，证△DHE∽△CHD，推出DH²=EH•AH，得到方程，求出方程的解，求出DH、AH、AC、AB，连接OP，延长OP交AB于M，根据平行线分线段成比例定理得到
BM=OD=5，OP=PM，根据三角形的中位线定理求出即可．

（1）证明：连接OD交AC于H，
∵D是弧AC的中点，
∴



AD=



CD，
∴∠ACD=∠DBC，
∵BC是圆O的直径，
∴∠BDC=90°，
∵弧AD=弧CD，OD是半径，
∴OD⊥AC，AC=2AH=2CH，
∴∠DHC=∠BDC=90°，
∵∠ACD=∠DBC，
∴△CDB∽△DHC，
∴[BD/HC]=[BC/CD]，
BD•CD=HC•BC，
∴2BD•CD=2HC•BC，
即AC•BC=2•BD•CD．

（2）∵弧AD=弧CD，
∴OD⊥AC，AC=2AH=2CH，
∴∠DHC=∠DHE=90°，∠DEH+∠EDH=90°，
∵∠EDH+∠CDH=90°，
∴∠DEH=∠CDH，
∴△DHE∽△CHD，
∴DH²=EH•AH，
设EH=x，AD²=DH²+AH²，
∴x(x+3)+(3+x)2＝(2
5)2，
解得：x=1，DH=2，
设圆O的半径是R，
在△OAH中，由勾股定理得：R²=（R-2）²+（3+1）²，
解得：R=5，BC=10，OD=5，AC=2×4=8，
由勾股定理得：AB=
BC2−AC2=6，
连接OP，延长OP交AB于M，
∵BC是圆O的直径，
∴∠B=90°，
∵OD⊥AC，
∴OD∥AB，
∴[DO/BM]=[DP/BP]=[OP/PM]，
∵P为BD的中点，
∴BP=PD，
∴BM=OD=5，OP=PM，
∴PQ=[1/2]AM=[1/2]（AB-OD）=[1/2]×（6-5）=[1/2]，
答：PQ的长是[1/2]．

点评：
本题考点： 相似三角形的判定与性质；勾股定理；垂径定理；圆周角定理；平行线分线段成比例．

考点点评： 本题主要考查对平行线分线段成比例定理，勾股定理，相似三角形的性质和判定，垂径定理，圆周角定理等知识点的理解和掌握，能综合运用这些性质进行推理是解此题的关键．

∠1=∠2 BC垂直CD
所以∠1=∠2=45度
因为∠1＝∠2＝∠3
所以∠1＝∠3＝45度
因为∠1+∠3+∠COD=180度
所以∠COD=90度

设AB=3x,BC=2x,CD=5x,则BE=3/2x,CF=5/2x,则3/2x+2x+5/2x＝24,x＝4,
∴AB=12,
∴BC=8,CD=20．