乙图的电压有效值是?

由题，交流发电机产生的感应电动势的表达式为：e=ε_msinωt=311sin314t（V）
所以电动势的最大值为311V，有效值为：U=
E

2=220V，角速度为：ω=314rad/s，
根据f=[ω/2π] 得：f=[314/2π]Hz=50Hz
故答案为：220，50．

点评：
本题考点： 正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

考点点评： 本题考查对交流电感应电动势e=εmsinωt的掌握与能力，同时对公式ω=2πf理解并加强记忆．

A、只将S₁从2拨向1时，n₁变小，根据变压比公式知输出电压变大，故输出电流变大，输出功率变大；输入功率等于输出功率，故输入功率变大，输入电流变大，故A错误；
B、只将S₂从4拨向3时，n₂变小，根据变压比公式知输出电压变小，故输出电流变小，输出功率变小；输入功率等于输出功率，故输入功率变小，输入电流变小，故B正确；
C、只将S₃的滑动触头上移，总电阻增大，而副线圈的电压不变，所以副线圈输出功率减小，则变压器的输入功率减小，故C正确；
D、只将S₃从闭合变为断开，副线圈电阻增大，电压不变，电流减小，所以电阻R₂两端电压减小，D错误；
故选：BC

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 本题关键：（1）根据变压比公式讨论输出电压的变化情况；（2）对三个电阻的混连部分进行动态分析．

交流电频率增大，灯1变亮，阻抗变小，说明M是电容器；
灯2变暗，阻抗变大，说明N为电感线圈．
灯3亮度不变，说明L为电阻，故C正确，ABD错误．
故选：C．

点评：
本题考点： 电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．

考点点评： 本题考查电感线圈、电容器对交流电的影响的理解和应用，对于线圈的感抗可根据公式XL=2πfL，电容器的容抗根据XC=12πfc 记忆．

电动机上标“220V1.5kw”，说明电压有效值为220V，
正常工作时通过它的电流I=
P
U＝
1500
220＝6.8A
故答案为：220V；6.8A

点评：
本题考点： 交流的峰值、有效值以及它们的关系．

考点点评： 本题主要考查了电动机铭牌上的标识的含义，难度不大，属于基础题．

A、只将S₁从2拨向1时，n₁变小，根据变压比公式
U1
U2＝
n1
n2，输出电压变大，故输出电流变大，输出功率变大；输入功率等于输出功率，故输入功率变大，输入电流变大，故A错误；
B、只将S₂从4拨向3时，n₂变小，根据变压比公式
U1
U2＝
n1
n2，输出电压变小，故输出电流变小，输出功率变小；输入功率等于输出功率，故输入功率变小，输入电流变小，故B正确；
C、只将S₃从闭合变为断开，少一个支路，但电阻R₂与R₃串联的支路的电压不变，故通过电阻R₂的电流不变，电压也不变，故C错误；
D、只将变阻器R₃的滑动触头上移，负载总电阻变大，故输出电流变小，输出功率变小；输入功率等于输出功率，故输入功率减小，故选D．
故选BD．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理；电功、电功率．

考点点评： 本题关键：（1）根据变压比公式讨论输出电压的变化情况；（2）对三个电阻的混连部分进行动态分析．

由正弦交流电的最大值与有效值U的关系得Um=120V

设t=0时交流电的瞬时电压U=0，则交流电的瞬时电压表达式为U=220sin(100πt)V

如图所示，画出一个周期内交流电的U−t图像，其中阴影部分对应的时间t1表示霓虹灯不能发光的时间，根据对称性，一个周期内霓虹灯不能发光的时间为4t1，

当U=U0=60V时，由上式得t1=1/600s，再由对称性求得一个周期内能发光的时间t=T−4t1=s

再由比例关系求得一小时内霓虹灯发光的时间为

t=×s=2400s=40min.

很明显，霓虹灯在工作过程中是忽明忽暗的，而熄灭的时间只有1/300s(如图t2∼t3时刻).由于人的眼睛具有视觉暂留现象，而这个视觉暂留时间约1/16s，远大于1/300s，因此经过灯光刺激的人眼不会因为短暂的熄灭而有所感觉

每小时亮40分钟．由于熄灭时间只有 s，远小于 s的人眼视觉停留现象，所以眼感觉不到忽明忽暗的现象．

由图象可知交流电的最大值为：U_m=10
2V，
因此其有效值为：U=10V
由图可知，T=0.02s，故：f=[1/T]=50Hz，
10s内产生的热量为：Q=
U2
Rt＝
102
10×10=100J
故答案为：10V，0.02s，50Hz，100J

点评：
本题考点： 正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

考点点评： 本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时正确书写交流电的表达式．

A、理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压也不变，故A错误；
BC、当S接通后，两个灯泡并联，电路的电阻减小，副线圈的电流变大，所以通过电阻R的电流变大，电压变大，那么并联部分的电压减小，所以通过灯泡L₁的电流减小，灯泡L₁变暗，故BC正确；
D、当S接通后，两个灯泡并联，电路的电阻减小，副线圈的电流变大，所以原线圈的电流也变大，故D错误；
故选：BC．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理；闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．

A、理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压也不变，故A错误；
BC、当S接通后，两个灯泡并联，电路的电阻减小，副线圈的电流变大，所以通过电阻R的电流变大，电压变大，那么并联部分的电压减小，所以通过灯泡L₁的电流减小，灯泡L₁变暗，故B正确，C错误；
D、当S接通后，两个灯泡并联，电路的电阻减小，副线圈的电流变大，所以原线圈的电流也变大，故D错误；
故选：B．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

考点点评： 电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．