李芳的课外书是王林课外书的6倍,如果两人各拿走2本以后,李芳的课外书是王林的8倍,李芳课外书多少本?

A、将导线K的a端移至接线柱A时，滑动变阻器可以改变用电器两端的电压，但电压表测电源的电压示数不变，不能进行实验探究，故A不可行；
B、将导线L的b端移至接线柱B时，滑动变阻器可以改变用电器两端的电压，但电压表测电源的电压示数不变，不能进行实验探究，故B不可行；
C、将导线L的b端移至接线柱D时，滑动变阻器被断路，不能改变用电器两端的电压，无法进行实验探究，故C不可行；
D、将导线M的c端移至接线柱B时，电压表测用电器两端的电压，通过移动滑片可以改变用电器两端的电压，进行实验探究，故D可行．
故选D．

点评：
本题考点： 实物的电路连接；滑动变阻器的使用．

考点点评： 本题考查了滑动变阻器和电压表的使用，关键是知道改正后的电路滑动变阻器应可以改变用电器的电压、电压表测用电器两端的电压．

（1）转盘转动15转消耗电能：W=[15/3000]kW•h=0.005kW•h=1.8×10⁴J，
t=1min=60s，
用电器的功率：P=[W/t]=
1.8×104J
60s=300W．
（2）电能表允许接入电路连续工作的用电器的最大总功率：P=UI=220V×10A=2200W．
故答案为：300；2200W．

点评：
本题考点： 电能表参数的理解与电能的求法．

考点点评： 本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算，关键是要将公式掌握好．

（1）在甲图中，当滑片P移动到a点时，Rap=0，小灯泡两端的电压为电源电压即12V；
当滑片P移动到b点时，R_ab=48Ω，灯与滑动变阻器串联；
灯泡的电阻R_L=
U2L额
PL额=
(12V)2
6W=24Ω，
电路中的电流I=[U
RL+Rab=
12V/24Ω+48Ω]=[1/6]A，
灯泡两端的最小电压U_L=IR_L=[1/6]A×24Ω=4V；
所以小灯泡两端电压变化范围为4V～12V．
（2）在乙图中，当滑片P移到a点时，灯被短路，U_灯=0；
当滑片P移到b点时，灯与R_ab并联U_灯=U=12V；
则小灯泡两端电压变化范围为0～12V．
（3）在甲、乙两种电路中，滑动变阻器都可以改变小灯泡两端的电压，但在乙电路图中，滑动变阻器使小灯泡两端电压的变化范围更大，能够从0到电源电压，而甲电路变化的范围较小．
答：（1）甲图中小灯泡两端电压的变化范围为4V～12V；
（2）乙图中小灯泡两端电压的变化范围为0～12V；
（3）只要答出“乙图灯的电压变化范围比甲中图的大”即可得分．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用．

考点点评： 本题考查了电路图的动态分析，根据是能根据欧姆定律和滑动变阻器的移动得出灯泡两端电压变化的范围．

（1）给电暖手袋正常通电时的功率为550W，电压为220V，
根据P=UI可得，通过电暖手袋的电流：
I=[P/U]=[550W/220V]=2.5A；
（2）袋中液体温度升高到65℃时需吸收的热量：
Q_吸=cm（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×1.2kg×（65℃-15℃）=2.52×10⁵J；
（3）在额定电压下通电5min液体吸收的热量：
Q_吸′=W=Pt=550W×5×60s=1.65×10⁵J，
液体达到的最高温度：
t′=
Q吸
cm+t₀=
1.65×105J
4.2×103J/(kg•℃)×1.2kg+15℃≈32.7Ω+15℃=47.7℃，
47.7℃＜65℃，
∴不能达到它的自动断开温度．
答：（1）通过电暖手袋的电流是2.5A；
（2）袋中液体温度升高到65℃时需吸收2.52×10⁵J的热量；
（3）如图电流产生的热全部被袋中液体吸收，电暖手袋在额定电压下通电5min，不能达到它的自动断开温度．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算；电功率的计算．

考点点评： 本题考查了电功率公式、吸热公式的灵活应用，关键是知道用电器正常工作时的功率和额定功率相等．

（32+18）×80%，
=50×80%，
=40（元），
答：李芳一共花40元．

点评：
本题考点： 百分数的实际应用．

考点点评： 本题首先要理解打8折的意思，打几折现价就是原价的百分之几十；然后根据求一个数的几分之几是多少用乘法计算，求出结果．