活塞A和B的面积如图所示,求：10N的力作用在活塞A上,能举起多重的物体?

下压活塞时，活塞对气体做功，将机械能转化为气体的内能，气体的内能增大，温度升高；
故选C．

点评：
本题考点： 做功改变物体内能．

考点点评： 解决此类问题要结合做功可以改变物体的内能进行分析解答．

下压活塞时，活塞对气体做功，将机械能转化为气体的内能，气体的内能增大，温度升高；
故选C．

点评：
本题考点： 做功改变物体内能．

考点点评： 解决此类问题要结合做功可以改变物体的内能进行分析解答．

已知飞轮转速为3600r/min=60r/s，
∵一个工作循环活塞往复2次，曲轴转动2周，做功1次，
∴该柴油机1s对外做功30次．
故答案为：30．

点评：
本题考点： 有关热机的计算．

考点点评： 本题主要考查了内燃机的四冲程中做功次数与飞轮转数之间的关系．关键要搞清一个工作循环包括四个冲程，飞轮转两周，对外做功一次．

四冲程中只有做功冲程使汽车获得了动力，另外三个冲程依靠飞轮的惯性来完成．其中压缩和排气冲程都是活塞向上运动的；
故选D．

点评：
本题考点： 内燃机的四个冲程．

考点点评： 本题主要考查对热机一个工作循环中各冲程情况的了解以及工作的实质．

注射器能将药液吸入针管是因为针管内的气压减小，外界大气压把药液压入针管；
由公式P=[F/S]可知，注射器的针头做得很尖，通过减小受力面积来增大压强．
故答案为：大气压，增大压强．

点评：
本题考点： 大气压的综合应用；增大压强的方法及其应用．

考点点评： 本题考查学生对增大压强的方法及应用和大气压应用的理解和掌握，贴近生活实际，便于激发学生探究物理现象的兴趣，同时也体现了新课程的指导思想．生活中很多“吸”力，其实都是大气压的作用结果，如：吸墨水，吸药液，吸饮料等．

封闭气体的初状态压强为：p1=p0+mgS，体积为V．设汽缸刚提离地面时活塞上升的距离为x，则封闭气体末状态体积为：V′=V+xS，压强为：p2，对气缸，有：p2S+Mg=p0S解得：p2=p0-MgS由玻意耳定律：p1V=...

点评：
本题考点： 封闭气体压强；气体的等温变化．

考点点评： 本题是玻意耳定律的应用，关键分析清楚初末状态的状态参量，难点是根据平衡求解封闭气体的压强．

A、由于大气压强不变，对A受力分析可知，被封闭气体压强不变，故A错误；
B、当活塞向下移动时，气体体积增大，外界对气体做负功，故B错误；
C、当缓慢增加重物的质量时，被封闭气体压强变小，温度不变，根据
PV
T＝c(常数)可知，气体体积增大，温度不变内能不变，体积增大，对外做功，由△U=W+Q可知，气体吸热，故C正确；
D、重物的质量缓慢增加，被封闭气体压强变小，根据
PV
T＝c(常数)可知，要保持体积不变，温度要降低，即内能减小，故D正确．
故选CD．

点评：
本题考点： 热力学第一定律；封闭气体压强．

考点点评： 本题考查了理想气体状态方程和热力学第一定律的综合应用，这是高考重点，要加强这方面的练习．

（1）烧杯中盛放足量的生石灰，向烧杯中加入几滴含有酚酞试液的水时，会发生化学反应，生成氢氧化钙溶液，显碱性，使得无色的酚酞试液变红色，故答案为：红；
（2）在生石灰与水反应的过程中，伴随着热量的放出，从而使得试管中的白磷燃烧，从而导致试管中压强减大，在外界大气压强的作用下，活塞右移，由于o点固定，所以滑动变阻器的阻值减小，电流变大，灯泡变亮，白磷燃烧时消耗了试管中空气中的氧气，从而导致试管中压强减小，在外界大气压强的作用下，活塞左移，由于o点固定，所以滑动变阻器的阻值减大，电流变小，灯泡变暗；白磷燃烧时消耗了试管中空气中的氧气，从而导致试管中压强减小，在外界大气压强的作用下，活塞左移，故答案为：先变亮后变暗；偏左．

点评：
本题考点： 生石灰的性质与用途；空气组成的测定．

考点点评： 此题是一道既跨章节，有跨学科的综合试题，主要考查了化学中的白磷与氧气的反应和碱的化学性质以及物理上的滑动变阻器的有关知识．

（1）A、活塞B缓慢上移时，活塞B对气体做了功，又气体温度不变，内能不变，所以气体肯定吸热，选项A错误．
B、外界对气体做功，气体体积减小，分子平均距离减小，选项B正确．
C、D、温度不变，气体分子热运动平均动能不变，又根据气体的温度不变而体积减小可知，压强增大，选项C错误，D正确
故选BD
（2）设活塞上移[H/2]时，细桶中水银柱长度为h，则S大•
H
2＝S小•h，又因S_大=4S_小，可得h=2H，此时A上方水银柱的总高度为：
h′＝h+
H
2＝
5
2H
被封闭的气体的压强为P′=P₀+ρgh′=100cmH，
由波意耳定律有：PSL=P′SL′
代入数据得：L′=17cm，
即桶内气柱的长度变为17cm
答：筒内气柱的长度变为17cm．

点评：
本题考点： 理想气体的状态方程；热力学第一定律．

考点点评： 该题考查了热力学第一定律和波意耳定律的应用，对热力学第一定律，注意分析气体的对内做功和对外做功的判断；应用波意耳定律时，首先要正确的确定气体的状态，分析状态参量，对于被封闭气体的压强的解答是解决问题的关键．

C、D、当气缸竖直放置时，对活塞受力分析如图，

所以，P₀S=G+PS ①
即外界大气压力等于重力与内部气体产生的压力之和．
当气缸倾斜时活塞受力如图，

此时：Gcosθ+P₁S=P₀S ②
由①②可知，P₁＞P，即末状态压强大于初状态，故C正确，D错误．
A、B、整个过程是绝热变化，由PV=C可知，压强增大时，体积减小，故密度变大，外界对气体做功，根据热力学第一定律知内能增大，故A正确，B错误．
故选：AC．

点评：
本题考点： 热力学第一定律；封闭气体压强．

考点点评： 此题把受力平衡与理想气体状态方程相结合，所以在解题过程中思维不要仅局限在理想气体状态方程和热力学第一定律上．

下压活塞时，活塞对筒内的空气做功，机械能转化为空气的内能，使其气体的内能增加，温度升高，当温度升高达到棉花的着火点时，筒内棉花燃烧起来．
故答案为：做功；内能．

点评：
本题考点： 做功改变物体内能．

考点点评： 此题结合实际情况考查对改变物体内能方式的理解与应用情况．

A、将小石子缓慢的加在活塞上，由平衡条件可知活塞对气体的压力变大，则气体压强变大．故A错误．
B、压强是大量气体分子单位时间对单位器壁的平均冲量所致，压强增大，单位时间内汽缸内气体分子对活塞的平均撞击力增大，故B错误．
C、D、温度不变时，体积减小，对理想气体内能不变，由热力学第一定律知外界对气体做功与气体放出热量相等，故C正确，D错误．
故选C．

点评：
本题考点： 封闭气体压强；热力学第一定律．

考点点评： 本题需要用到的热学知识较多，但主要知识是热力学第一定律，同时还要注意，理想气体的内能只和温度有关，和体积无关．

由初始平衡状态：P_AS+Mg=P_BS
由最终平衡状态：PA′S+Mg＝PB′S
设汽缸总容积为V，因为汽缸导热，气体做等温变化，有：PA•
V
2＝PA′•
V
3
PB•
V
2＝PB′•
2V
3
联立上面的方程，得：PB′＝
5Mg
2S
答：后来B气体的压强为PB′＝
5Mg
2S．

点评：
本题考点： 理想气体的状态方程．

考点点评： 该题考查气体压强的求法与玻意耳定律应用的基本步骤，属于基础题目．

向上拉活塞时，气体体积变大，气体对外做功，W<0，由于气缸与活塞是绝热的，在此过程中气体既不吸热，也不放热，则Q=0，由热力学第一定律可知，△U=W+Q<0，气体内能减小，温度降低，分子平均动能变小，但并不是每一个分子动能都减小，每个分子对缸壁的冲力都会减小，故AC错误；气体物质的量不变，气体体积变大，分子数密度变小，单位时间内缸壁单位面积上受到气体分子碰撞的次数减少，B正确；若活塞重力不计，则活塞质量不计，向上拉活塞时，活塞动能与重力势能均为零，拉力F与大气压力对活塞做的总功等于缸内气体的内能改变量，D错误。

B