湖底青蛙和水面上的游客正在“对视”．据图分析，游客看到的“青蛙”比青蛙的实际位置距水面是______一些，（填深或浅）这

根据P=ρgh可知，当气泡在水中上升的过程中，h变小，压强变小；
压强变小后气泡体积变大，根据F_浮=ρgV_排，V_排变大所以浮力变大．
故答案：变小；变大．

点评：
本题考点： 液体的压强的特点；阿基米德原理．

考点点评： 根据所用公式，找出题目中的变量，即可解决问题．

气泡在上升时，所处深度h变小，
∵p=ρgh，
∴气泡受到水的压强变小；
气泡受到水的压强变小，体积将变大，排开水的体积变大，
∵F_浮=ρ_水gV_排，
∴气泡受到水的浮力变大．
故选A．

点评：
本题考点： 阿基米德原理；液体的压强的特点．

考点点评： 理清思路：气泡上升→h变小→p变小→气泡体积变大→V排变大→浮力变大，受压强变小→体积变大是本题的关键．

气泡在湖底的压强为：P₁=P₀+ρgh=10⁵+10³×10×20=3×10⁵Pa；
气泡在湖底的温度为：T₁=273+t；
气泡在水面的压强为：P₂=P₀=10⁵Pa；
气泡在水面的温度为：T₂=273+t+5；
根据理想气体状态方程，有
P1V1
T1＝
P2V2
T2
解得：
V2
V1＝
P1T2
P2T1＝
3×105(273+t+5)
1×105(273+t)≈3
所以ACD错误，B正确；
故选：B．

点评：
本题考点： 理想气体的状态方程．

考点点评： 本题考查理想气体状态方程的直接运用，只要找出初末状态参量列式求解即可，是基础题．

气泡从湖底向上升，深度减小，利用液体压强公式分析可知压强的变化；压强的变化从而引起气泡体积的变化，进而浮力发生变化。解：因气泡从湖底向上升，深度减小，由液体压强公式p=ρgh知，密度不变，h减小，故压强p减小；气泡收到的压强减小，所以体积变大，由阿基米德原理F浮力=ρ液gv排知，浮力变大。故选B. C.

BC

因气泡在上升过程中温度不变，故气泡的内能保持不变，故A正确．
故选A．

点评：
本题考点： 温度、气体压强和内能．

考点点评： 理想气体的内能只与温度有关，故气泡在上升过程中内能不变，因气体要膨胀，故气体对外做功，故气体要吸热．

气泡在上升时，所处深度h变小，
∵p=ρgh，
∴气泡受到水的压强变小，故AB不正确；
气泡受到水的压强变小，体积逐渐变大，故C正确，D不正确．
故选C．

点评：
本题考点： 液体压强计算公式的应用．

考点点评： 理清思路：气泡上升→h变小→p变小→气泡体积变大，是本题的关键．

已知：物体质量m=900kg，深度h=20m，物体速度v_物=0.1m/s，电阻是R=10Ω，电流是I=5A，时间t=10min=600s
求：（1）湖水对湖底的压强p=？；（2）电动机对物体的做功功率P=？；（3）电动机工作10min要产生的热量Q=？
（1）压强：p=ρgh=1.0×10³kg/m³×9.8N/kg×20m=1.96×10⁵Pa；
（2）物体重力 G=mg=900kg×9.8N/kg=8820N，
缆绳拉力F=[1/3]G=[1/3]×8820N=2940N，
缆绳拉力的速度v_拉=3v_物=3×0.1m/s=0.3m/s，
电机做功功率P=[W/t]=[Fs/t]=Fv_拉=2940N×0.3m/s=882W；
（3）产生的热量：Q=I²Rt=（5A）²×10Ω×600s=1.5×10⁵J．
答：（1）湖水对湖底的压强为1.96×10⁵Pa；
（2）缆绳上的拉力为2940N；电动机对物体的做功功率为882W；
（3）电动机工作10min要产生的热量为1.5×10⁵J．

点评：
本题考点： 液体的压强的计算；功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用．

考点点评： 此题主要考查的是学生对液体压强、重力、滑轮组省力特点、功率、焦耳定律计算公式的理解和掌握，综合性题目，难度不大．

气泡在上升时，所处深度h变小，
∵p=ρgh，
∴气泡受到水的压强变小；
气泡受到水的压强变小，体积将变大，排开水的体积变大，
∵F_浮=ρ_水gv_排，
∴气泡受到水的浮力变大．
故选C．

点评：
本题考点： 阿基米德原理；浮力大小的计算．

考点点评： 理清思路：气泡上升→h变小→p变小→气泡体积变大→v排变大→浮力变大，受压强变小→体积变大是本题的关键．

∵气泡上升时，h减小，
∴由P=ρgh得：
气泡受到水的压强p减小；
气泡受到水的压强减小，气泡的体积将变大，排开水的体积变大，
∴由F_浮=ρ_水v_排g得：
气泡受到水的浮力变大．
故答案为：减小，变大，变大．

点评：
本题考点： 液体的压强的计算；阿基米德原理．

考点点评： 本题考查了学生对液体压强公式、阿基米德原理公式的掌握和运用，气泡受到压强减小体积增大是本题的关键．

（1）因盐湖中溶有大量的Na₂CO₃和NaCl，Na₂CO₃的溶解度受温度影响较大，冬天气温较低，Na₂CO₃的溶解度较小，易形成饱和溶液及析出晶体；NaCl的溶解度受温度影响较小，夏天气温较高，水分易蒸发，故易形成NaCl饱和溶液及析出 NaCl晶体．故在我国北方地区的某些小盐湖，冬天湖底常有纯碱晶体析出，而夏天则常有食盐晶体析出．
（2）夏天的鱼池中，经常看见鱼浮上水面，而冬天则很少看到浮在水面的活鱼，是因为鱼儿生长需要水中的氧气，夏天气温较高时氧气的溶解度较小，水中氧气不足，故鱼儿便浮上含氧气相对较多的水面；冬天气温较低，氧气的溶解度较大，水中氧气较充足，放鱼儿不必浮上水面就能得到所需的氧气而正常生长．
故答案为：（1）盐湖中溶有大量的Na₂CO₃和NaCl，Na₂CO₃的溶解度受温度影响较大，冬天气温较低，Na₂CO₃的溶解度较小，易形成饱和溶液及析出晶体；NaCl的溶解度受温度影响较小，夏天气温较高，水分易蒸发，故易形成NaCl饱和溶液及析出 NaCl晶体；
（2）鱼儿生长需要水中的氧气，夏天气温较高时氧气的溶解度较小，水中氧气不足，故鱼儿便浮上含氧气相对较多的水面；冬天气温较低，氧气的溶解度较大，水中氧气较充足，放鱼儿不必浮上水面就能得到所需的氧气而正常生长．

点评：
本题考点： 结晶的原理、方法及其应用；气体溶解度的影响因素．

考点点评： 本题难度不大，掌握结晶的原理、气体溶解度的两个影响因素并能灵活运用是正确解答本题的关键．

气泡从湖底上升到湖面过程中，W=-0.6J，△U=0，根据热力学第一定律△U=W+Q得Q=0.6J，即吸收热量0.6J．
气泡到达湖面后，温度上升的过程中W=-0.1J，Q=0.3J，则△U=W+Q=0.2J，即气泡内气体内能增加0.2J．
故本题答案是：0.6；0.2．

点评：
本题考点： 热力学第一定律．

考点点评： 热力学第一定律是能量守恒定律的特殊情况，可以从能量转化和守恒的角度理解．应用时关键抓住符号法则：使气体内能增加的量均为正值，否则为负值．

根据P=ρgh可知，当气泡在水中上升的过程中，h变小，压强变小；
压强变小后气泡体积变大，根据F_浮=ρgV_排，V_排变大所以浮力变大．
故答案：变小；变大．

点评：
本题考点： 液体的压强的特点；阿基米德原理．

考点点评： 根据所用公式，找出题目中的变量，即可解决问题．

气泡在湖底的压强为：P₁=P₀+ρgh；
气泡在湖底的温度为：T₁=273+7=280K；
气泡在水面的压强为：P₂=P₀=10⁵Pa；
气泡在水面的温度为：T₂=273+27=300K；
根据理想气体状态方程，有：
P1V1
T1＝
P2V2
T2，
代入数据解得：h=27.3m
故答案为：27.3m

点评：
本题考点： 封闭气体压强．

考点点评： 该题考查理想气体状态方程的直接运用，基础题．

根据元素与微观粒子及物质的区别．宏观物质的组成，用宏观概念元素来表示；分子的构成，用微观粒子来表示．元素是具有相同核电荷数（即核内质子数）的一类原子的总称，是宏观概念，只讲种类，不讲个数．食品、药品、营养品、矿泉水等物质中的“碘、氟、钙、铁、锌”等不能以单质、分子、原子形式存在，而是指元素．
故选A．

点评：
本题考点： 物质的元素组成；金属元素的存在及常见的金属矿物．

考点点评： 本题考查学生根据元素与微观粒子及物质的区别进行分析解题的能力．

（1）由图可知，当石块没有浸入水中时，拉力等于重力，
即：F=G=1400N根据重力公式G=mg，g取10N/kg
∴m=[G/g]=[1400N/10N∕kg]=140kg
答：小石料的质量是140kg．
（2）当石块全浸入后，拉力等于重力减去浮力，
F_浮=G-F=1400N-900N=500N
答：完全浸没后，石料所受的浮力是500N．
（3）根据阿基米德原理，F_浮=ρ_水gV_排，
∴V_排=
F浮
ρ水g=[500N
1.0×103kg∕m3×10N∕kg=5×10^-2m³
因为石料完全浸没，∴V_石=V_排=5×10^-2m³
根据密度公式ρ=
m/v]，已知m_石=140kg，V_石=5×10^-2m³
∴ρ_石=
140kg
5×10−2m3=2.8×10³kg∕m³
答：石料的密度是2.8×10³kg∕m³．
（4）根据钢丝绳的拉力F随时间t变化的图象（从t=0时刻开始投放到石料刚好接触湖底前），可知，石块在20s时接触水面，120s时到达湖底，已知石块的速度，它行进的距离就是湖水的深度h，
即S=h=v•t=0.1m/s×（120s-20s）=10m
根据液体压强公式P=ρgh
∴P=ρ_水gh=1×10³kg∕m³×10N∕kg×10m=10⁵Pa
答：湖底受到水的压强是10⁵Pa．

点评：
本题考点： 密度公式的应用；密度的计算；液体的压强的计算；阿基米德原理．

考点点评： 本题的解题关键是通过图乙确定石料的重力及钢丝绳受到的拉力、会用称重法计算出石料受到的浮力．

（1）根据钢丝绳的拉力F随时间t变化的图象（从t=0时刻开始投放到石料刚好接触湖底前），可知，石块在20s时接触水面，120s时到达湖底，已知石块的速度，它行进的距离就是湖水的深度h，
即s=h=v•t=0.1m/s×（120s-20s）=10m，
根据液体压强公式p=ρgh
∴p=ρ_水gh=1×10³kg∕m³×10N∕kg×10m=10⁵Pa；
（2）由图可知，当石块没有浸入水中时，拉力等于重力，
即：F=G=1400N，
重力所做的功W=Gh=1400N×10m=1.4×10⁴J．
（3）根据重力公式G=mg，g取10N/kg
∴m=[G/g]=[1400N/10N/kg]=140kg
当石块全浸入后，拉力等于重力减去浮力，
F_浮=G-F=1400N-900N=500N，
根据阿基米德原理，F_浮=ρ_水gV_排，
∴V_排=
F浮
ρ水g=
500N
1×103kg/m3×10N/kg=5×10^-2m³
因为石料完全浸没，∴V_石=V_排=5×10^-2m³
∴ρ_石=
m
V石=
140kg
5×10−2m3=2.8×10³kg∕m³．
答：（1）河堤受到水的压强是10⁵Pa．
（2）石料到达河面时，重力所做的功是1.4×10⁴J；
（3）圆柱形石料的密度是2.8×10³kg∕m³．

点评：
本题考点： 液体的压强的计算；密度的计算；功的计算．

考点点评： 本题的解题关键是通过图乙确定石料的重力及钢丝绳受到的拉力、会用称重法计算出石料受到的浮力．

（1）首先做出法线，后做出折射光线，光从水中斜射入空气中，折射角大于入射角，所以折射光线将远离法线．
故答案为：
（2）首先做出法线，后做出反射光线，反射角等于入射角．
故答案为：
（3）首先做出A、B关于镜面的对称点A′、B′，即找出AB的像点，然后用虚线将A′B′连接起来，即为AB的像．
故答案为：
（4）由图知，入射光线与主光轴平行，经过透镜后光线会聚在一点，所以折射光线比原来会聚了，因此是凸透镜．
故答案为：

点评：
本题考点： 作光的反射光路图；平面镜成像的相关作图；作光的折射光路图；透镜的光路图．

考点点评： 此题主要考查了折射光路图、反射光路图、平面镜成像及透镜对光的折射作用，考查得非常全面．

因为距湖底2m处水的深度为7m-2m=5m；
所以距湖底2m处的水产生的压强为：
p=ρgh=1.0×10³kg/m³×10N/kg×5m=5×10⁴Pa．
故答案为：5×10⁴．

点评：
本题考点： 液体的压强的计算．

考点点评： 本题考查了学生对液体压强公式的掌握和运用；一定注意深度指的是距离湖面的距离．

A、温度是分子平均动能的标志，温度不变，则分子平均动能不变，故A错误；
B、由题意气泡对对外界做功，则体积变大，B正确；
C、理想气体分子势能不计，而分子动能只与温度有关，故在气泡上升过程中，气体的内能不变，则由热力学第一定律可知：W+Q=△U；
气体对外做功，故气体体积增大，故W=Q=0.6；
故气体从外界吸热，吸收的热量Q=0.6J，故C错误D正确；
故选：BD．

点评：
本题考点： 热力学第一定律．

考点点评： 理想气体的内能只与温度有关，故气泡在上升过程中内能不变，因气体要膨胀，故气体对外做功，故气体要吸热．