3-1 恒定电流题再一次闪电的过程中,流动的电荷量大约为300C,持续的时间大约是0.005s,所形成的平均电流强度为多

（1）根据动能定理：qU_AB=△E_k
质点以恒定速率v从A点运动到B点，则△E_k=0
可知：U_AB=0
（2）根据牛顿运动定律，得：qE=m
v2
r
而r=[l/θ]；
解得：E=
mv2θ
ql；
答：（1）A、B两点的电势差为0；
（2）AB弧中点的场强大小E为
mv2θ
ql．

点评：
本题考点： 电场强度；电势差．

考点点评： 涉及到电势差的问题，常常要用到动能定理．要掌握电场强度，电势差，电场力做功等物理量间的关系．

（1）电吹风吹出的气体对两球施加的力恒定且相等，设为F．
由牛顿第二定律得：F=ma
则aA：aB＝
F
mA：
F
mB＝mB：mA＝1：2．
（2）A、B两球在恒力F的作用下分别发生位移S和2S，由动能定理得，
FS＝
1
2mAvA12
F•2S＝
1
2mBvB12
又m_A=2m_B
解得：v_A1：v_B1=1：2．
答：（1）获得的加速度之比为1：2．
（2）两次A、B物体获得的速度之比为1：2．

点评：
本题考点： 动能定理的应用；牛顿第二定律．

考点点评： 本题考查了牛顿第二定律和动能定理的基本运用，运用动能定理解题，关键选择好研究的过程，分析过程中有哪些力做功，然后根据动能定理列式求解．

（1）当接入“6V 6W”时正常发光，所以此时“6V 6W”灯泡两端的实际电压为6V；
由铭牌及R=
U2
P可知，两灯泡的额定电压相同，6W灯泡的额定功率大于4W灯泡的额定功率，则6W灯泡的电阻小于4W灯泡的电阻；
（2）当接入“6V 4W”灯泡时，因电阻变大，分得的电压变大、大于6V，所以换接的灯可能烧坏；
而此时灯泡L分得的电压变小，实际功率变小，所以灯泡L变暗；
电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，根据P=UI可知电路消耗的总功率变小．
故选A．

点评：
本题考点： 电功率的计算；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用．

考点点评： 本题考查了学生对额定电压和额定功率的理解，以及电功率公式的灵活应用；知道并熟练的应用串联电路的电阻分压特点较为关键．

若B与I方向垂直，则可根据电流的方向与安培力的方向来确定磁场的方向，同时由F=BIL可算出磁场的大小．若B与I不垂直时，则无法具体确定磁场的方向与大小，故ABC错误，D正确；
故选：D

点评：
本题考点： 安培力．

考点点评： 考查左手定则来判定安培力的方向，而安培力大小公式F=BIL是有成立条件的，若B与I不垂直，则磁场的大小与方向有若干种情况．

物块轻轻放上传送带后，做匀加速直线运动，速度达到传送带速度后一起做匀速直线运动，知每隔相等时间放上传送带的物体相对于传送带滑行的位移大小相等，此过程传送带向前滑行的位移为vT，则相邻两物块的间距恒为vT．故C正确，A、B、D错误．
故选C．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动规律的综合运用．

考点点评： 解决本题的关键理清物块的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行分析．

解；
（1）设电源电压为U，当滑片滑到a点时，滑动变阻器短路，R₁消耗的功率最大；
最大功率P_最大=
U2
R1=7.2W ①；
当滑片滑到b端时，滑动变阻器全部接入，此时电阻R₁消耗的电功率最小，
此时滑动变阻器两端电压是4V，电阻R₁两端的电压为U-4V，
R₁消耗的功率P_最小=
(U−4V)2
R1=0.8W ②；
[①/②]解得，U=6V，R₁=5Ω；
（2）滑片在b端时，电阻R₁的功率最小，P_最小=I_b²R₁，
此时电路电流I_b=

P最小
R1=

0.8W
5Ω=0.4A，
电阻R₁两端电压U₁=I_bR₁=0.4A×5Ω=2V，
此时滑动变阻器R₂的电压U₂=U-U₁=6V-2V=4V，
滑动变阻器R₂的电功率的功率P₂=U₂I_b=4V×0.4A=1.6W；
故答案为：0.4；1.6．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；电功率的计算．

考点点评： 分析滑动变阻器接入电路的电阻与电阻R1的电功率的大小关系，然后运用电功率公式的变形列出关于U和R1的方程组是解本题的关键．

A、由右手螺旋定则可知，直导线的磁感线是以直导线为圆心的同心圆柱，cc′距直导线距离相等，故说明cc′上各点磁感应强度大小方向均相等，故A正确；
B、ad上各点距cc′的距离不等，故各点的磁感应强度不相等，故B错误；
C、ab上各点距cc′的距离不相等，不在同一圆周上，故各点的磁感应强度方向不相同，故C错误；
D、由A的分析可知，故D正确；
故选AD

点评：
本题考点： 磁感线及用磁感线描述磁场．

考点点评： 本题考查直导线的磁感线分布，要注意结合几何关系进行分析．

导体中通过的电荷量为：
Q=It=0.6×8=4.8C．
通过的电子数为：
n=[Q/e＝
4.8
1.6×10−19]=3×10¹⁹个
答：在8s内通过该导线某一横截面的自由电子数为3×10¹⁹个

点评：
本题考点： 电流、电压概念．

考点点评： 本题考查电荷量的计算，关键是公式及其变形的灵活运用．

在整个过程中，只有木块相对皮带滑动时才会有摩擦力，才会产生内能，由可知木块的加速度，从向右滑动到速度为零，反向加速时间，木块向右的总位移，皮带向左的位移，木块相对皮带滑动的路程，产生的内能，D选项正确

故选D

D


<>

物体由静止开始以恒定加速度下落，由v=at，得：a=
v
t＝9.8m/s2．故C错误，D正确．
x=
1
2at2=4.9m．故A正确，B错误．
故选AD．

点评：
本题考点： 匀变速直线运动的速度与时间的关系．

考点点评： 解决本题的关键掌握初速度为0的匀变速直线运动的速度公式和位移公式：v=at，x=12at2．

设A车的初速度为v₀，则B车的初速度为2v₀，
A车刹车的位移为：s＝
v0
2a，刹车的时间为：t＝
v0
a，
则A车刹车时间内，B车的位移为：s1＝2v0t＝
2v02
a＝4s．
B车刹车的位移为：s2＝
(2v0)2
2a＝
2v02
a＝4s，
则两车匀速行驶时保持的距离为：△x=s₁+s₂-s=4s+4s-s=7s．故C正确，A、B、D错误．
故选：C．

点评：
本题考点： 匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．

考点点评： 解决本题的关键知道在A车刹车过程中，B车做匀速直线运动，结合位移关系，结合运动学公式灵活求解．

图示电路中灯泡与滑动变阻器的连接方式分别为串联和并联；灯泡的实际功率决定灯泡的明暗程度．
左图：灯泡与滑动变阻器串联，当滑片从中点向右滑动的过程中，滑动变阻器接入电路中的电阻增大，电路中的电流减小，根据功率的计算公式P=I²R可得，R不变，I减小，因此灯泡的实际功率减小，即灯泡的亮度变暗．
右图：灯泡与滑动变阻器并联，并且并联电路中各支路用电器互不影响，或根据P=
U2
R进行分析，R和U都不变，因此灯泡的实际功率不变，故灯泡的亮度不变．
因此L₂始终比L₁亮．
故选 D．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；电功率的计算；实际功率．

考点点评： 首先要求学生会识别串联电路和并联电路，并且知道决定灯泡明暗程度的物理量，会根据串并联电路的特点判断灯泡明暗程度的变化．