电压和电阻成正比还是反比

解题思路：未换变压器时，先根据变压比公式求解输出电压，得到电压损失，根据欧姆定律求解输电线电阻；更换变压器后，先求解电压损失，得到输出电压，最后根据变压比公式求解更换后变压器的匝数比．

未换变压器时输电电流：I=[P/U＝
440×100
220]=200A
输出电压：U2＝
n2U1
n1＝
6×6600
165＝240V
则由△U=U₂-U=IR，得到：R=
240−220
200＝0.1Ω
更换变压器后：I′=
P′
U＝
440×250
220＝500A
线路损失电压：△U′=I′R=50V
变压器输出电压：U₂′=U+U′=220+50=270V
变压器的匝数比为：n₁：n₂=U₁：U₂=6600：270=220：9
答：此变压器的匝数比为220：9．

点评：
本题考点： 远距离输电；变压器的构造和原理．

考点点评： 本题关键是先根据变压比公式和串联电路电压关系求解出输电线电阻，然后在进一步求解新的变压器的变压比．

解题思路：（1）已知输电电压与输电功率，由电功率公式P=UI的变形公式可以求出输电电流，由起点与终点两只电表的示数相差，可以求出输电损失的功率，然后由P=I2R的变形公式求出导线电阻．
（2）求出功率损失，然后求出输电电流，由P=UI的变形公式求出输电电压．

（1）损失的功率P_损=
W损
t=[4800kW•h/24h]=200kW，
∵P=UI，
∴输电电流I=
P输
U输=
500×103W
6000V=[500/6]A，
∵P=I²R，
∴导线电阻R=
P损
I2=
200×103
(
500
6)2=28.8Ω；
（2）损失的电功率P_损′=500kW×2%=10kW，
∵P=I²R，
∴输电电流I′=

P损′
R，
∵P=UI，
∴输电电压U′=
P输
I′=P_输

R
P损′=2.68×10⁴V；
答：（1）输电线电阻为28.8Ω；
（2）电站应使用2.68×10⁴V的电压向外输电．

点评：
本题考点： 远距离输电．

考点点评： 输电线上的损失功率与其电流的平方成正比，而与输电线两端的电压的平方成反比．

电压表与被测导体成并联关系
电流表与被测导体成串联关系

求串联电路电流：
I＝U/R＝5/(2000＋8000)＝0.0005(A)＝0.5mA
求第一个电阻两端的电压：
U＝RI＝2000×0.0005＝1(V)

各分一半电压 3伏电流0.7A时再求得4.2瓦

灯泡在额定电压6V时的电阻为12欧姆
但是在实际电路中的电压小于额定电压.由U-I图象可得在4V电压范围内的电阻为R=U/I=4/0.4=10欧姆
此时整个电路消耗的电功率p=u^2/R总=16/(40/9)=3.6w

解题思路：（1）影响电阻的因素除材料、长度、横截面积这三个因素之外，还有温度，尤其是金属导体，其电阻的随温度的变化特别明显；也就是说灯泡在发光的过程中，灯丝的电阻不是固定不变的；
（2）当灯的电压不同时，功率不同，灯越亮，灯丝的温度越高，电阻越大．

由于灯丝的电阻不是固定不变的，会随着温度变化而变化，当灯的电压不同时，功率是不同的，电压越大，功率也越大，灯丝的温度越高，其电阻也越大，故B正确．
故选B．

点评：
本题考点： 影响电阻大小的因素．

考点点评： 本题考查影响灯丝电阻的因素，在这里要注意灯丝的材料、长度、横截面积均不变，是灯丝功率的改变导致电阻的变化．

正常情况下应当减小,这个电容对工作频率的信号是起旁路作用的,当这个电容拿走了,Re就起作用,变成负反馈电路,所以放大量减小.
当然,由于没有具体元件数值,减小多少甚至不减小都不好说.

选择20V0.5级的,绝对误差为0.1V.如选150V0.1级的,绝对误差为0.15V.故选20V的.

接入L1,L正常发光,即UL=额定,当换接L2,L2灯电阻6²/8小于L1电阻6²/6Ω,所以回路电流增大,L灯变得“更亮”,L2灯端电压降低,实际功率”小于“8W.

当开关S1、S3闭合,S2断开时,L和R是并联的 所以 RL*R/(RL+R)*1.25=9.(1) 当开关S2闭合,S1、S3断开时(RL+R)0.95=9 .(2) 联立(1) (2) 可以 解得 RL R的值.
在第一种状态时 求L消耗的电功率 用公U^2/RL （U=9V) ；在第二种状态时 求L消耗的电功率 用公式I^2RL(I=0.95A).

回旋加速器不能把电子的速度加到接近光速.由相对论可知当电子的的速度很大时,电子的质量不再是定值,它在磁场中做圆周运动的周期会不断变化,这会破坏回旋加速器的工作条件,使加速电场的变化不能同步.所以无论其半径多大,都不能把电子的速度加到光速.

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1》求出R1、R2并联后与R3串联的总电阻值：
R＝R1×R2/(R1＋R2)＋R3
2》求出R1、R2并联后与R3串联的电流：
I＝U/R
3》求R1、R2并联两端电压和R3两端电压：
U＝R1×R2/(R1＋R2)×I
U＝R3×I

解题思路：判断出电压表是测哪部分的电压，由滑动变阻器的阻值的变化，得到电路中的电流的变化，再由串联的特点分析各个用电器的电压变化．

两个电阻是串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压；当滑片向右移动时，滑动变阻器连入电路的电阻变大，由欧姆定律知，电路中的电流随电阻的变大而变小，由U=IR知，定值电阻R₀两端的电压变小；而串联电路中总电压等于各个用电器的电压之和，故滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大．
故选B．

点评：
本题考点： 电路的动态分析；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用．

考点点评： 本题考查了欧姆定律、串联电路的特点在动态电路中的应用．此类题应首先判断出滑动变阻器的阻值是怎样变化，由欧姆定律得到电流的变化，再由串联电路的电压特点分析各个用电器的电压变化．

这个问题我总结并发表过,我给你解释,下附相应解释,不理解的大家一起探讨这个问题.
静息电位与动作电位
一、静息电位
1、概念表述
静息电位是指组织细胞静止状态下存在于膜内外两侧的电位差,呈外正内负的极化状态.其值常为数十毫伏,并稳定在某一固定水平.
2、产生条件
（1）细胞膜内外离子分布不平衡.就正离子来说,膜内K+浓度较高,约为膜外的30倍.膜外Na+浓度较高约为膜内的10倍.从负离子来看,膜外以Cl-为主,膜内则以大分子有机负离子（A-）为主.
（2）膜对离子通透性的选择.在静息状态下,膜对K+的通透性大,对Na+的通透性则很小(Na+通道关闭),对膜内大分子A-则无通透性.
3、产生过程
K+顺浓度差向膜外扩散,膜内A-因不能透过细胞膜被阻止在膜内.致使膜外正电荷增多,电位变正,膜内负电荷相对增多,电位变负,这样膜内外便形成一个电位差.当促使K+外流的浓度差和阻止K+外流的电位差这两种拮抗力量达到平衡时,使膜内外的电位差保持一个稳定状态,即静息电位.这就是说,细胞内外K+的不均匀分布和安静状态下细胞膜主要对K+有通透性,是使细胞能保持内负外正的极化状态的基础,所以静息电位又称为K+的平衡电位.
二、动作电位
1、概念表述
动作电位是指可兴奋细胞受到阈或阈上刺激时,在静息电位的基础上发生的一次快速扩布性电位变化.典型的神经动作电位的波形由峰电位、负后电位和正后电位组成.
2、产生条件
（1）细胞膜内外离子分布不平衡.细胞内外存在着Na+的浓度差,Na+在细胞外的浓度是细胞内的13倍之多.
（2）膜对离子通透性的选择.细胞受到一定刺激时,膜对Na+的通透性先增加,对K+的通透性后增加.( 因为Na+通道开放快,失活也快；K+通道开放的慢,失活的也慢,慢到几乎就不出现失活.）
3、产生过程
（1）去极化：细胞受到阀上刺激→细胞外的Na+顺浓度梯度流人细胞内→当膜内负电位减小到阈电位时Na+通道全部开放→Na+顺浓度梯度瞬间大量内流（正反馈倍增）→细胞内正电荷增加→膜内负电位从减小到消失进而出现膜内正电位→膜内正电位增大到足以对抗由浓度差所致的Na+内流→膜两侧电位达到一个新的平衡点.该过程主要是Na+内流形成的平衡电位,可表示为动作电位模式图的上升支.
（2）复极化 ：去极化达峰值时被激活的Na+通道迅速关闭而失活→Na+内流停止→K+通道逐渐被激活而开放→膜对K+的通透性增加→K+借助于浓度差和电位差快速外流→膜内电位迅速下降（负值迅速上升）→电位恢复静息值.该过程是K+外流形成的,可表示为动作电位模式图的下降支.
（3）Na+-K+泵转运：当膜复极化结束后,有一部分Na+在去极化中扩散到细胞内,并有一部分K+在复极过程中扩散到细胞外.这样细胞膜上的Na+-K+泵就会被激活,并开始主动地将膜内的Na+泵出膜外,同时把流失到膜外的K+泵回膜内,Na+—K+的转运是耦联进行的,以恢复兴奋前的离子分布的浓度.

解题思路：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比；在电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比．所以电路中电流的大小与导体两端电压和导体电阻都有关系．

欧姆定律的内容是：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比．
故答案为：正比；反比．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用．

考点点评： 本题考查了欧姆定律的内容，是一道基础题目．

因为一个装反了,就会相互抵消同样的电压大小,所以应该是是3v-1.5v=1.5v.
谢谢

A是不对的,因为如果两灯的电阻相同,即使它们是串联的电压也是相同的,B也不一定,因为假如某一电路中灯泡被短路了,也是不亮的

串联电阻越大,两端电压越大.
并联各处电压相等..

（1）当接入“6V 6W”时正常发光,所以此时“6V 6W”灯泡两端的实际电压为6V；由铭牌及R=U2P可知,两灯泡的额定电压相同,6W灯泡的额定功率大于4W灯泡的额定功率,则6W灯泡的电阻小于4W灯泡的电阻；x0d（2）当接入“6V 4W”灯泡时,因电阻变大,分得的电压变大、大于6V,所以换接的灯可能烧坏；x0d而此时灯泡L分得的电压变小,实际功率变小,所以灯泡L变暗；x0d电路的总电阻变大,根据欧姆定律可知电路中的电流变小,根据P=UI可知电路消耗的总功率变小．故选A．

先求出电压,再根据欧姆定律求出电流0、5安

如果是单芯线安全电流是20A,
如果是双芯线安全电流是16A,
如果是三芯线安全电流是12A,
电流乘以电压等于功率!
20*380=7600W
12*380=4560W

Uoc＝－9＋14＝5V
Req＝3欧
故：U＝5/（3＋2）x2＝2V.

小于94W,因为导线有压降,灯泡不能在额定电压下工作,功率下降.

增加 电流 线路损耗

U2=12V-U1=7V
设电压表内阻为R,则
I1=U1/R,I2=U2/R,I3=U3/R
对于三个电压表的公共点,有
I1+I3-I2=0
解后得
U3=U2-U1=2V

你所说的都是额定的电压和频率,相差些只会影响电器寿命,但是相差不大的话照样可以使用

①|1=U÷R1=4÷4=1A
②I2=U÷R2=4÷10=0.4A
③l=|1+|2=1+0.4=1.4A
答.

串联电路中,电压之比是每个元件电阻之比.
R1/R2/R3/.../Rn,n=1,2,3...

并联部分：
1.负载电阻5,电压10V,电流2A.（图中上下两端电压相同,因为是并联,恒流源的电压随随负载）
2.恒流源发功率100W,恒压源消耗功率80W.（剩下的在电阻上）
3.平衡.
串联部分：
1.负载电阻5,电压50V,电流10A.（串联电流相等,恒压源的电流随负载变化）
2.恒流源发功率400W,恒压源做功率100W.（电阻消耗500W）
3.平衡.

已知:U=220V、UL=2.5V、RL=10Ω、R=1000Ω、t=7200s.求:(1)N;(2)PL;(3)W.(1) N=U/UL=220V/2.5V=88个(2) PL=U^2/RL=(2.5V)^2/10Ω=0.625w(3) w=Pt=0.625w×7200s=4500J(4) 在灯丝上并联一个电阻主要目的是为了防治因局部断路而整个电路断路不能工作,从这个定值电阻的阻值为1000欧远远大于灯丝电阻10欧就可以看出来.

你的问题是不是没有说完整,应该是用伏安法测小灯泡正常发光时的电阻吧（是否发光电阻是不一样的）那答案就应该是"电压表的读数 "和"电压表示数是2.5V"

因为电阻是由导体本身的特性与电阻本身的材料、长度横切面积及温度有关,与所加的电压和通过的电流无关.
根据欧姆定律：电阻不变时 电流与这段导体两端的电压成正比；
电压不变时 电流与这段导体中的电阻成反比.
电流是由于电压引起的,与电阻的大小有关.
而电压是外界给的因素 也不受电阻和电流的影响 所以由I=U/R可以说电流与电压成正比 与电阻成反比.

不是.这个跟MOS管的类型有关系.
如果是NMOS,二极管的正极接S极,负极接D极.如果是PMOS,则二极管的正极接D极.并不会随着D、S加的电压变化而变化.

是100KW吧.用60A的就可以了.

解题思路：“220V 40W”表示照明灯泡的额定电压是220V，额定功率是40W，可根据公式 R=

U2

P

求出灯泡的电阻值，根据公式 P=

U2

R

求出灯泡的实际功率．

已知灯泡的额定电压是220V，额定功率是40W，
灯泡的电阻值：
R=

U2额
P额=
(220V)2
40W=1210Ω；
灯泡的实际功率：
P=

U2实际
R=
(110V)2
1210Ω=10W．
故选A．

点评：
本题考点： 电功率的计算；实际功率．

考点点评： 已知用电器的额定功率、额定电压，求实际电压的功率时，要抓住电阻不变这一关键点．

当然是可以工作的,比如说：你用电压表测市电,屋内灯泡也照常亮.电压表的内阻很大,可以视为断路.在电路中可以直接测电压.

小球碰撞时速度为 v
½mv²=mgh1 （下落过程动能定理,h1=4cm）
反弹后过程应用动能定理
反弹后高度大于下落的高度,所以电场力做正功 为qEh2； h2=8cm
重力做功 -mgh2；
0-½mv²=qEh2-mgh2
-mgh1=qEh2-mgh2
E=mg(h2-h1)/qh2=625 N/C
U=Ed
C=Q/U=Q/Ed=1.6×10^4 F

电源短路还是用电器短路?看样子你说的是电源短路.
欧姆定律是理想状态下导线电阻为零,实际平常所用导线电阻还是很大的
这就决定了用电器两端电压并不精确为零,那就有微弱电流流过

灯泡电阻=电压的平方/功率
=6*6/15=24

A,C,D正确
1,RL1=8*8/4=16欧,RL2=4*4/2=8欧
2,并联时只可加与低电压看齐的电压,否则低电压的电器烧坏
3,两负载电流相同为0.5A,可串联正常工作,电压为两个额定电压相加
4,额定工作时,功率大的较亮.

解题思路：根据欧姆定律表示出两种情况下电路中的电流得出等式求出电阻R的阻值，再根据P=

U2

R

求出两种情况下电阻R消耗的电功率，进一步求出该电阻R所消耗电功率的变化．

根据欧姆定律可得：
当U=8V时，电路中的电流I₁=[U/R]=[8V/R]，
当U′=10V时，电路中的电流I₂=[U′/R]=[10V/R]，
则[10V/R]-[8V/R]=0.2A，
解得：R=10Ω，
该电阻R所消耗电功率的变化：
P_R′-P_R=
(U′)2
R-
U2
R=
(10V)2
10Ω-
(8V)2
10Ω=3.6W．
故答案为：3.6W．

点评：
本题考点： 电功率的计算；欧姆定律的应用．

考点点评： 本题考查了欧姆定律和电功率公式的应用，关键是根据电流的变化确定定值电阻的阻值．

它们的电阻不同,
它们两端的电压相同,
但流过它们的电流不相同.

是的,有电势差就有电场
电池两极之间有电势差,这样才能有电场,在电场的作用下电荷才能移动,在回路中形成电流.

（一）DNA的凝胶电泳
凝胶电泳是分子克隆的中心技术之一.
1.琼脂糖凝胶用于分离大于200～1000bp的片段;操作简单、快速,且分离范围广,分辨率高
2.聚丙烯酰胺凝胶用于分离5－500bp的片段; 效果好、分辨率极高,相差1bp的DNA片断就能分开,能容纳相对大量的DNA ,用于核苷酸多态性的分析.
琼脂糖凝胶电泳的基本过程
材料：电泳缓冲液（常用TAE或TBE）、电泳级琼脂糖、溴化乙锭溶液（核酸显示剂）、加样缓冲液（保证核酸不在加样孔中扩散和用于电泳时间的指示系统）、水平凝胶电泳装置及制胶系统、直流电源系统.
制胶→放入电泳槽中并加入电泳缓冲液→取出梳子→将适量的核酸样品和上样缓冲液混合并上样于加样孔中→一定电压条件下电泳→合适的时间后停止电泳→取出凝胶进行溴化乙锭染色→凝胶成像系统紫外灯下观察并照相保存结果
注意：溴化乙锭具有致癌性,操作时要带手套
影响DNA在凝胶中迁移速率的因素：
1 DNA分子的大小
2 构象
3 凝胶浓度
4 电压
5 缓冲液
特殊的凝胶电泳
倒转电场凝胶电泳（FIGE）：用于分离分子量10～2000kb的DNA分子；
钳位均匀电场电泳（CHEF电泳）：可分离大于107bp的DNA分子
（二）RNA 电 泳
基本过程同DNA电泳一样,但应明确一点的是,因为RNA分子对RNA酶的作用非常敏感,因此必须用对RNA酶有抑制作用DEPC水来配置所有溶液,所有与RNA接触的仪器和装置都要严格处理以尽量减少RNA酶对样品的降解；另外,因为RNA分子有二、三级结构可以影响其电泳结果,因此电泳时应在变性剂存在下进行,常用的变性剂为甲醛和戊二醛.

总电阻为：5+10=15（欧姆）
5欧姆的电灯泡的电压为：15*（5/15）=5（伏）
10欧姆的灯泡两端的电压为：15*（10/15）=10（伏）
电路图跟普通电阻串联的电路图类似,只是将电阻符号换成灯泡的符号并标明阻值就可以了 ,其他没变化

发热量较小.
原因：额定电压相同,由P=U*U/R,额定功率较大的电阻值小,在串联的情况下,根据闭合电路的欧姆定律,由于串联时电流相同,根据Q=I*I*R*t,额定功率较大的电阻值小,所以相同时间内,额定功率较大的电阻发热量较小.