（2013•德惠市二模）下列物质在氧气中燃烧，产生大量白烟的是（　　）

人的眼球好像一架照相机，晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，外界物体在视网膜上所成的像是倒立的实像．而此图中来自远方物体的光经眼球折光系统折射后
成像成在视网膜的前方，这是近视眼的眼睛成像，故应该佩戴凹透镜来矫正视力，因为凹透镜对光线有发散作用，使光线推迟会聚，正好成像在视网膜上．
故答案为：近视；凹透．

点评：
本题考点： 近视眼的成因与矫正办法．

考点点评： 本题主要考查学生对：眼睛的视物原理，以及近视眼的成因与矫正方法的了解和掌握，是中招的热点．

苹果处于漂浮状态，依据密度与浮沉关系可知ρ_果＜ρ_盐水，苹果的密度较均匀，切去一半后仍小于盐水的密度，所以仍可处于漂浮状态．
故答案为：漂浮．

点评：
本题考点： 物体的浮沉条件及其应用；密度及其特性．

考点点评： 物体的浮沉条件的有两种表述：合力表述和密度表述；应根据不同的题目选择不同的表述方式进行解答．

（1）①是水槽；
②当采用高锰酸钾制取氧气时，由于需要加热，所以发生装置为B，而氧气不易溶于水且密度大于空气，所以既可以用排水法收集，也可以用向上排空气法收集；因此选用的组合是：BD或BE；
③用高锰酸钾制氧气时，反应物是高锰酸钾，生成物是锰酸钾、二氧化锰、氧气，反应条件是加热，因此反应的化学方程式为：2KMnO₄

△
.
K₂MnO₄+MnO₂+O₂↑；
④实验时应在试管口放一团棉花，其作用是：防止高锰酸钾颗粒进入导气管堵塞导管；
（2）①因为实验室制取二氧化碳的药品是石灰石和稀盐酸，属于固体和液体在常温下的反应，因此不需要的仪器是：酒精灯；
②根据现象反应非常剧烈，且迅速停止的特点，所以选取的固体药品是碳酸钠粉末；
③验满二氧化碳的操作方法是：用燃着的木条放置在集气瓶口，若木条熄灭则收集满；
④根据实验的步骤，在加药品前需要检查装置的气密性，否则装置漏气而收集不到气体，故缺少的实验步骤是：检查装置的气密性．
故答案为：（1）①水槽；②BD或BE；
③2KMnO₄

△
.
K₂MnO₄+MnO₂+O₂↑
④防止高锰酸钾粉末堵塞导管；
（2）①酒精灯；②碳酸钠粉末；
③用燃着的木条放置在集气瓶口，若木条熄灭则收集满；
④检查装置的气密性．

点评：
本题考点： 常用气体的发生装置和收集装置与选取方法．

考点点评： 本题考查了常见气体的制取装置、收集方法等的选择及实验的注意事项等，属于基础性的考查，关键是明确发生装置、收集方法选择的依据．

根据牛顿第二定律得，儿童沿斜面滑槽下滑的加速度a=[mgsin37°−μmgcos37°/m]=gsin37°-μgcos37°=2m/s²．
斜面滑槽的长度sAB＝
2.8−0.4
0.6m＝4m，
根据vB2＝2asAB得，vB＝
2asAB＝
2×2×4m/s=4m/s；
儿童游戏时从C处平抛滑出，则对C点的压力为零，根据mg=m
vC2
R，解得vC＝
gR＝2m/s．
在水平轨道上的加速度大小a′=μg=5m/s²，则x′＝
vB2−vC2
2a′＝
16−4
10＝1.2m．
故答案为：2m/s²4m/s2m/s1.2m

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，通过加速度，可以根据力求运动，也可以根据运动求力．

学生总人数=40÷（1-35%-15%-40%）=40÷10%=400人，
参加球类活动的学生人数：400×35%=140人．
故选A．

点评：
本题考点： 扇形统计图．

考点点评： 本题考查的是扇形统计图的综合运用，读懂统计图，从统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小．

①ab切割磁感线产生的感应电动势：e=Bdv=Bdv_msinωt；
②由e=Bdv_msinωt可知，电流是正弦式交变电流，
感应电动势最大值为E_m=Bdv_m，
其有效值为E=
Em

2，
感应电流的有效值：I=[E/R+r]，
电阻R上的发热功率为 P=I²R
联立以上各式解得：P=
B2d2
v2mR
2(R+r)2；
答：①感应电动势的表达式为e=Bdv_msinωt；
②电阻R上的发热功率
B2d2
v2mR
2(R+r)2．

点评：
本题考点： 导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率．

考点点评： 本题是产生正弦式电流的一种方式，要能够把电磁感应和动能定理结合解决问题．知道正弦交变电流产生热量的求解方式．

（1）由图读出人的重力G=500N，人的质量为m=[G/g]．在0-1s内，人的重力大于摩擦力，人做匀加速运动，1-5s内，人的重力小于摩擦力，人做匀减速运动，则在t=1s末人的速度最大．设在0-1s内人的加速度大小分别为a₁，根据牛顿第二定律
G-F₁=ma₁
得到：a₁=
G−F1
m=[500−380/50]=2.4m/s²
V₁=a₁t₁=2.4m/s
（2）1-5s减速a₂t₂=a₁t₁ 得：a₂=0.6m/s²
根据牛顿第二定律：F₁-mg=ma₂
解得：F₁=530N
（3）人在0-1s内位移为X₁=[1/2]a₁t₁²=1.2m
人在1-5s时间内的位移为：X₂=[1/2]a₂t₂²=4.8m
所以滑杆的长度为L=x₁+x₂=6m
答：（1）该学生下滑过程中的最大速度为2.4m/s；
（2）图中F₁的大小为530N．
（3）滑竿的长度为6m．

点评：
本题考点： 牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的速度与时间的关系．

考点点评： 本题是已知人的受力情况求解运动情况的问题，也可以通过作速度时间图象分析运动过程．

正三棱柱的左视图正三角形，
故选：C．

点评：
本题考点： 简单几何体的三视图．

考点点评： 本题考查了几何体的三种视图，掌握定义是关键．注意所有的看到的棱都应表现在三视图中．

A、金属在常温下，一般是固态，而水银是液态，故A错误；B、布朗运动是颗粒的运动，则反映液体分子的无规则运动的，故B错误；C、定质量理想气体在等温膨胀过程，由W+Q=△U，可知，等温则△U不变，则对外做功，W小于0...

点评：
本题考点： 布朗运动；热力学第一定律；热力学第二定律；有序、无序和熵．

考点点评： 考查布朗运动是反映分子运动，掌握热力学第一定律的内容，理解分子间距与分子力的关系，注意液晶的特点，同时掌握影响气体压强的因素．

如图1，∵在△ABC中，∠ACB=90°，DE⊥AC，DF⊥BC，
∴四边形DECF是矩形，
由旋转的性质可得：DE=DF，
∴四边形DECF是正方形，
∴AC∥DF，DE∥BC，
∴∠A=∠FDB，∠EDA=∠B，
∴△AED∽△DFB，
∴[DE/BF＝
AD
BD]，
设DE=CE=CF=DF=x，
∴[x/BF＝
3
4]，
∴BF=[4/3]x，
在Rt△BDF中，BD²=DF²+BF²，
∴4²=x²+（[4/3]x）²，
解得：x=[12/5]，
∴DF=[12/5]，BF=[16/5]，
∴S_△BDF=[1/2]DF•BF=[1/2]×[12/5]×[16/5]=[96/25]，
∵S_△BDF：S_△DAE=（[BD/AD]）²=[16/9]，
∴S_△ADE=[54/25]，
∴S_△ADE+S_△BDF=[54/25]+[96/25]=6．
故答案为：6．

点评：
本题考点： 相似三角形的判定与性质；旋转的性质．

考点点评： 此题考查了相似三角形的判定与性质、正方形的判定与性质以及勾股定理．此题难度适中，注意掌握方程思想与数形结合思想的应用．

开始时B放在地面上，A、B均处于静止状态，弹簧所受的弹力等于A的重力，由胡克定律得，弹簧的压缩量为x₁=[mg/k]；当B刚要离开地面时，弹簧处于伸长状态，弹力大小恰好等于B的重力，由胡克定律得，弹簧的伸长量为x₂=[mg/k]．由几何关系得知，L=x₁+x₂=[2mg/k]．
故选A

点评：
本题考点： 共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律．

考点点评： 对于含有弹簧的力平衡问题，分析弹簧的状态，由胡克定律求出弹簧的形变量，由几何知识求解物体移动的距离是常用的方法．

∵多边形ABCDEF是正六边形，
∴∠A=∠F=120°，
∵∠AGH=48°，
∴∠GHF=360°-120°-120°-48°=72°，
故答案为：72°．

点评：
本题考点： 多边形内角与外角．

考点点评： 此题主要考查了正多边形，关键是掌握多边形内角和公式．：（n-2）•180° （n≥3且n为整数）．

（1）由图象，得B（1，3）．

（2）由题意，得A（0，2）
∴

3＝−
1
2+b+c
2＝c，解得：


b＝
3
2
c＝2，
∴y＝−
1
2x2+
3
2x+2，
∴抛物线的解析式为：y＝−
1
2x2+
3
2x+2．

（3）当y=1时，
∴1＝−
1
2x2+
3
2x+2解得：
x=
3+
17
2或
3−
17
2（不符合题意应舍去），
∴F′（

点评：
本题考点： 二次函数综合题．

考点点评： 本题是一道二次函数综合试题，考查了求点的坐标，用待定系数法求函数的解析式，平移的运用等知识．

将13.56万元用科学记数法表示为1.356×10⁵元．
故选B．

点评：
本题考点： 科学记数法—表示较大的数．

考点点评： 此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．

作B′H⊥x轴于H点，连结OB，如图，
∵四边形OABC为菱形，
∴∠AOC=180°-∠C=60°，OB平分∠AOC，
∴∠AOB=30°，
∵菱形OABC绕原点O顺时针旋转75°至第四象限OA′B′C′的位置，
∴∠BOB′=75°，OB′=OB=2
∴∠AOB′=∠BOB′-∠AOB=45°，
∴△OBH为等腰直角三角形，
∴OH=B′H=

2
2OB′=
2，
∴点B′的坐标为（
2，-
2）．
故选D．

点评：
本题考点： 坐标与图形变化-旋转；菱形的性质．

考点点评： 本题考查了坐标与图形变化-旋转：图形或点旋转之后要结合旋转的角度和图形的特殊性质来求出旋转后的点的坐标．常见的是旋转特殊角度如：30°，45°，60°，90°，180°．

∵分别以点B和点C为圆心，以大于BC一半的长为半径画弧，两弧相交于点M和N，作直线MN．直线MN交AB于点D，连结CD，
∴直线MN是线段BC的垂直平分线，
∴BD=CD，
∴BD+AD=CD+AD=AB，
∵AB=6，AC=4，
∴△ADC的周长=（CD+AD）+AC=AB+AC=6+4=10．
故答案为：10．

点评：
本题考点： 线段垂直平分线的性质．

考点点评： 本题考查的是线段垂直平分线，熟知垂直平分线上任意一点，到线段两端点的距离相等是解答此题的关键．

由题意可知，电压表示数变化量大，电流表分压较大，为准确测量，电流表应采用外接法；
待测电阻阻值R_X=[U/I]=[2.0V/0.40A]=5.0Ω；
故答案为：外；5.0．

点评：
本题考点： 伏安法测电阻．

考点点评： 电压表内阻远大于待测电阻阻值时，电流表采用外接法，待测电阻阻值远大于电流表内阻时，电流表采用内接法；在无法确定待测电阻阻值与电表内阻关系时可以采用试触法确定电流表的接法．

（1）根据质量守恒定律，反应生成氧气的质量为：30g-20.4g=9.6g；（2）设原混合物中氯酸钾的质量为x2KClO3MnO2.△2KCl+3O2↑，245 ...

点评：
本题考点： 根据化学反应方程式的计算．

考点点评： 本题难度不大，考查同学们结合新信息、灵活运用化学式、化学方程式的有关计算进行分析问题、解决问题的能力．

A、普通家用k白炽灯泡正常发光时，通过灯丝k电流大约在0.0k--0.47A之间．不合题意
B、教室里黑板长度在3m-4m之间．不合题意．
C、优秀短跑运动员k速度是上0m/s．符合题意．
D、我们k书包重70N左右．不合题意．
故选C．

点评：
本题考点： 电流的大小；长度的估测；速度与物体运动；重力大小的估测．

考点点评： 这是一道估算题，做估算题的关键是应熟悉所估算的问题，对所给问题作出合理的估计，给出符合实际的答案．

由于水的比热容最大，所以相同质量的水和其它液体相比较时，在升高相同的温度的情况下，水所能够吸收的热量最多，即其冷却效果最好．
故答案为：水的比热容大．

点评：
本题考点： 水的比热容的特点及应用．

考点点评： 本题考查了水的比热容的特点以及在生活中的应用，请同学们对此要牢固掌握．

A、在0～1s内，直线的斜率不变，加速度不变，外力F是恒力，故A错误．
B、在1～3s内，速度不变，物体做匀速直线运动，加速度等于零，F等于摩擦力，外力F的大小恒定，故B正确．
C、D、在3～4s内，斜率越来越大，说明加速度越来越大，所以物体做加速度增大的减速运动；
根据题意，拉力水平向右，根据a=[f−F/m]知力F不断减小，故C正确，D错误；
故选BC．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．

考点点评： 本题是为速度--时间图象的应用要明确斜率的含义，并结合牛顿第二定律解题，基础题．

A、物体m受重力、支持力和静摩擦力，根据共点力平衡条件，支持力和静摩擦力的合力与重力平衡，竖直向上，大小等于mg，故A正确；
B、C、物体与斜面均处于平衡状态，可将物体与斜面体视为一个整体，整体在水平方向无任何运动趋势，所以斜面体相对地面无运动趋势，不受摩擦力；斜面体与斜面上的物体都处于平衡状态，所受合力都为零，则斜面体对地面的压力等于物体与斜面体的总重力，为Mg+mg；故B错误，C错误；
D、当小物块上加一个竖直向下的压力时，可以等效成小滑块的重力增加了，仍然做匀速直线运动，故D正确；
故选：AD．

点评：
本题考点： 共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．

移项得：x≥-1，
在数轴上表示为：．
故选C．

点评：
本题考点： 在数轴上表示不等式的解集；解一元一次不等式．

考点点评： 本题考查了在数轴上表示不等式的解集，把每个不等式的解集在数轴上表示出来（＞，≥向右画；＜，≤向左画），数轴上的点把数轴分成若干段，如果数轴的某一段上面表示解集的线的条数与不等式的个数一样，那么这段就是不等式组的解集．有几个就要几个．在表示解集时“≥”，“≤”要用实心圆点表示；“＜”，“＞”要用空心圆点表示．

（1）先求两者相对静止时的最大加速度a_m，当两物体间即将相对滑动时，摩擦力最大，对物体受力分析，由牛顿第二定律知，F_合=μmg=ma_m，得到a_m=μg=3m/s²；
当a₁=1.2m/s²时，物体与小车相对静止，对物体受力分析知，静摩擦力F₁产生了加速度a₁，由牛顿第二定律得F₁=ma₁，F₁=0.6N．
（2）当a=3.5m/s²时，物体与小车发生了相对滑动，物体对小车的摩擦力大小为F=μmg=1.5N；
根据牛顿第三定律，物体对小车的摩擦力F′与小车对物体的摩擦力F大小相等；
对小车受力分析，由牛顿第二定律得F₂-F′=Ma，得到F₂=F′+Ma=8.5N；
故需给小车提供的推力为8.5N．
（3）要使物块m脱离小车，则必须有a_车＞a_物，即a_车＞a_m ；
由牛顿第二定律得F₃-F₁=Ma_车
解得 F₃＞（M+m）μg=7.5N；
故至少用7.5N的力推小车．
（4）由于F=8.5N，大于水平推力7.5N，所以物体会滑落，对小车受力分析，由牛顿第二定律：F-μmg=Ma₄
物体的加速度 a_m=3m/s²；
物体m的位移 x₁=[1/2]a_mt² ①
小车的位移 x₂=[1/2]a₄t² ②
又因为x₂-x₁=L ③
联立①②③得运动时间t=

2L
a4−am=2s；
滑离小车需2s时间．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；滑动摩擦力．

考点点评： 本题关键抓住两物体即将相对滑动的临界状态，求出临界加速度；同时要巧用整体法与隔离法对物体分析！

因为快速行驶的汽车使得马路中间的空气流速大，空气压强小；马路两边的空气流速小，压强大．所以两边的气压大于马路中央的气压，树叶向马路中央运动．
故答案为：A；马路两边的空气流速小，压强大．

点评：
本题考点： 流体压强与流速的关系．

考点点评： 知道汽车经过时，汽车带动空气的流动使马路中央空气流动的速度加快是解决此题的关键．

设一班x人，二班y人，
则

x+y＝93
4y−4x＝12，
解得：

x＝45
y＝48，即一班45人，二班48人．
答：一班45人，二班48人．

点评：
本题考点： 二元一次方程组的应用．

考点点评： 本题考查了二元一次方程组的应用，解答此题的关键是设出未知数，根据题意的两个等量关系系分别列出方程，难度一般，注意细心求解．

灯泡甲和乙串联后接入36V的电路，两灯电压之和是36V，每盏灯两端电压都小于36V，所以每盏灯的实际功率都小于各自的额定功率．故A错误．由R=U2P可知，额定功率相同，额定电压大的电阻大．所以，甲的电阻大小乙的电阻...

点评：
本题考点： 实际功率；额定功率．

考点点评： 正确运用公式P=U2R和P=I2R判断电阻和功率是关键．虽然这两个公式是功率的变形公式，有时用起来很方便