把木板放入水中会怎样快,急用

（1）根据v-t图象可知，物体A的加速度为：aA＝
△v
△t＝
10
5＝2m/s2，
以A为研究对象，根据牛顿第二定律可得：F-μm_Ag=m_Aa_A
代入数据得：μ=0.6．
（2）由图象知，木板B的长度为：l=
1
2×5×10＝25m；
若B不固定，B的加速度为：aB＝
μmAg
mB＝
0.6×10
4＝1.5m/s2，
设A运动到B的最右端所用的时间为t，根据题意可得：

1
2aAt2?
1
2aBt2＝l
代入数据解得：t=10s．
（3）物块B的速度大小为v_B=a_Bt=15m/s
由动能定理得：Wf＝
1
2mBvB2＝450J
答：（1）A、B之间的动摩擦因数为0.6；
（2）若B不固定，A运动到B的右端所需的时间为10s；
（3）在第（2）问的前提下，摩擦力对长木板B做的功为450J．

解题思路：m对M的压力等于mg，m所受M的滑动摩擦力f₁=μmg，方向水平向左，M处于静止状态，水平方向受到m的滑动摩擦力和地面的静摩擦力，根据平衡条件分析木板受到地面的摩擦力的大小和方向．

A、B、m所受M的滑动摩擦力大小f=μmg，方向水平向左，根据牛顿第三定律得知：木板受到m的摩擦力方向水平向右，大小等于μmg，A正确，B错误．
C、当F＞μ（m+M）g时，木板受的m的滑动摩擦力不变，木板仍然静止，C错误；
D、木块滑过木板过程中，产生的内能为Q=fS_相对=μmgL，D正确；
故选：AD．

点评：
本题考点： 摩擦力的判断与计算．

考点点评： 本题中木板受到地面的摩擦力是静摩擦力，不能根据摩擦力求解，f2=μ2（m+M）g是错误的，不能确定此摩擦力是否达到最大值．

A、本实验采用“等效法”，即要求用两个弹簧拉绳套和一个弹簧拉绳套的效果相同，所以分别用一根绳拉和两根绳同时拉橡皮条应让结点到达同一位置O，故A错误；
B、作图时，用虚线把合力的箭头端分别与两个分力的箭头端连接，发现合力和分力的关系可能存在平行四边形关系，故B正确；
C、两个拉力的夹角过大，合力会过小，量取理论值时相对误差变大，故C错误；
D、本实验只要使两次效果相同就行，两个弹簧称拉力的方向没有限制，故D错误．
故选B．

解题思路：先对滑块受力分析，求出滑块与长木板之间的滑动摩擦力；然后对长木板受力分析，求出其受到的静摩擦力．

A、B、先对滑块受力分析，受拉力F、重力、支持力和向后的滑动摩擦力，滑动摩擦力为f₁=μ₁m₁g；
根据牛顿第三定律，滑块对长木板有向前的滑动摩擦力，长木板还受到重力、压力、支持力和地面对其向后的静摩擦力，根据平衡条件，有
f₂=f₁=μ₁m₁g≤μ₂（m₁+m₂）g
故AB错误；
C、若改变F的大小，当F＞μ₂（m₁+m₂）g时，滑块加速，但滑块与长木板的滑动摩擦力不变，故长木板与地面间的静摩擦力也不变，故C错误；
D、增加F的大小，滑块加速的加速度变大，但滑块与长木板的滑动摩擦力不变，故长木板与地面间的静摩擦力也不变，故长木板都不可能运动；故D正确；
故选：D

点评：
本题考点： 静摩擦力和最大静摩擦力．

考点点评： 本题关键是先对滑块受力分析，求出滑块与长木板间的滑动摩擦力，然后对长木板受力分析，求出长木板与地面间的静摩擦力；同时要分清楚静摩擦力和滑动摩擦力，判断摩擦力的有无可以根据摩擦力的产生条件、作用效果、牛顿第三定律判断．

（1）实验步骤本着先安装设备（或者实验器材），然后进行测量的思路进行设计，同时注意操作的先后逻辑以及简单易行的原则，由此可知该实验步骤为：E、D、B、F、A、C、G．
故答案为：E、D、B、F、A、C、G．
F ₁ 与F ₂ 合力的实验值是指通过实验得到值，即用一个弹簧拉绳套时测得的力的大小和方向，F′方向应该与OA在一条直线上，即而理论值（实际值）是指通过平行四边形得出的值，故F是力F ₁ 与F ₂ 组成平行四边形的对角线，故A图符合实验事实．
故答案为：A．

（20-2）*（14-2）*（22-2）
=18*12*20
=4320（立方厘米）

解题思路：先对小滑块受力分析，受重力、长木板的支持力和向左的滑动摩擦力；再对长木板受力分析，受到重力、小滑块的对长木板向下的压力、小滑块对其向右的滑动摩擦力、地面对长木板的支持力和向左的静摩擦力；然后根据共点力平衡条件判断．

对小滑块受力分析，受重力mg、长木板的支持力F_N和向左的滑动摩擦力f₁，有
f₁=μF_N
F_N=mg
故f₁=μmg
再对长木板受力分析，受到重力Mg、小滑块的对长木板向下的压力F_N、小滑块对其向右的滑动摩擦力f₁、地面对长木板的支持力F_N′和向左的静摩擦力f₂，根据共点力平衡条件，有
f₁=f₂
故f₂=μmg
故选A．

点评：
本题考点： 共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．

考点点评： 滑动摩擦力与正压力成正比，而静摩擦力随外力的变化而变化，故静摩擦力通常可以根据共点力平衡条件求解，或者结合运动状态，然后根据牛顿第二定律列式求解．

（1）A、橡皮筋完全相同，通过增加橡皮筋的条数来使功倍增，故A错误；
B、通过增加橡皮筋的条数来使功倍增，故橡皮条伸长量要保持一定，故B错误；
C、长木板与小车间有摩擦，纸带与限位孔间也有摩擦，故要将长木板一端垫高以平衡摩擦力，故C错误；
D、先接通电源，待打点稳定后再释放小车，故D正确；
本题选错误的，故选ABC；
（2）橡皮条伸长阶段小车加速，恢复原长后匀速；
故小车先加速后匀速，点间距先增加后均匀；
故选C．

嗯,弹簧测力计,很难做到匀速拉动它的,而且,测力计是不是水平也难以把握

设木版与墙夹角为A
1.高为2m时 容积V=(3*(3cosA)*sinA)*2/2得到关于A的函数
=9/2*sin2A
故A=45°时最大为4.5
2.同理,高为3m时 容积V=3sin2A
最大为3
故使得高为2m,与其中一面墙在地面的夹角为45°符合题意

解题思路：对m进行受力分析，求出其合力和加速度．运用运动学公式求出小木块滑离木板所需要的时间．
若木板不固定，分析M、m的运动过程，分别求出M、m的加速度，运用运动学公式求出小木块滑离木板所需要的时间．
若人以恒定速度v₁=1m/s向下匀速拉绳，分析木板的运动情况，牛顿第二定律结合运动学公式解决问题．

（1）对小物块受力分析，由牛顿第二定律得：m受到的合力F_合=μmg=ma
可得：a=2m/s²
运动学公式s=[1/2a
t21]
可得t₁=ls
（2）对小物块、木板受力分析，由牛顿第二定律得：
对m：F-μmg=ma₁，
对M：μmg=Ma₂
可得：a₁=2m/s²，a₂=1m/s²
物块的位移s₁=[1/2]a₁t²，木板的位移s₂=[1/2]a₂t²
m相对于M向右运动，
所以s₁-s₂=L
由以上三式可得t=
2s
（3）若人以恒定速度v₁=1m/s向下匀速拉绳，木板向左做匀减速运动，
对M而言，由牛顿第二定律得：μmg=Ma₃
可得：a₃=1m/s²，方向向右，
物块m向右匀速运动，其位移为x₃=v₁t
木板向左的位移为x₄=v₂t-[1/2]a₃t²
m和M沿相反方向运动，
所以得x₃+x₄=L
由以上三式可得t=1s
答：（1）若木板被固定，某人以恒力F=4N向下拉绳，则小木块滑离木板所需要的时间是1s；
（2）若木板不固定，某人仍以恒力F=4N向下拉绳，则小木块滑离木板所需要的时间是
2s；
（3）木块滑离木板所用的时间是1s．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 加速度始终是联系运动和力的桥梁．求加速度是解决有关运动和力问题的基本思路，正确的受力分析和运动过程分析则是解决问题的关键．当问题涉及几个物体时，我们常常将这几个物体“隔离”开来，对它们分别进行受力分析，根据其运动状态，应用牛顿第二定律或平衡条件列式求解．

体积：3.1*5.2*8.7=?
容积：（3.1-1）*（5.2-1）*（8.7-1）=?

测出的是木块与长木板间的摩擦力
理论依据是二力平衡.（拉着长木板向右运动,长木板对木块有一个向右的摩擦力,木块相对地面是静止的,那么木块受力平衡,测力计对它的拉力与摩擦力平衡.）

解题思路：（1）根据正方形内最大圆的特点可知：这个最大的桌面是以正方形木板的中心为圆心，以正方形的边长2米为直径的圆，由此即可画出这个圆形桌面示意图，并利用圆的面积公式求出它的面积即可．
（2）利用圆的性质，桌边任意一点到桌子中心的距离相等．

（1）以正方形木板的中心为圆心，以正方形的边长2米为直径的圆，画出这个圆形桌面示意图如下：

则这个桌面的面积是：3.14×(
2
2)2=3.14（平方米），
答：这个桌面的面积是3.14平方米．
（2）在同样的周长条件下（可以坐同样多的人），圆的面积最大（可以摆放最多的菜），并且桌边任意一点到桌子中心的距离相等．

点评：
本题考点： 画圆；圆的认识与圆周率；圆、圆环的面积．

考点点评： 此题考查了圆的画法以及圆的面积=πr2的计算应用．

A：小车在水平面运动时，由于受到摩擦阻力导致小车速度在变化．所以适当倾斜以平衡摩擦力．小车所能获得动能完全来于橡皮筋做的功．故选项A正确；
B：实验中每根橡皮筋做功均是一样的，所以所用橡皮筋必须相同，且伸长的长度也相同．故选项B正确；
C：每次实验时橡皮筋伸长的长度都要一致，则一根做功记为W，两根则为2W，故选项C正确；
D：是通过改变橡皮筋的条数来改变拉力做功的数值，故选项D错误；
E：只要使用打点计时器的实验，都是先接通电源后释放纸带，故选项E错误；
F、G：由于小车在橡皮筋的作用下而运动，橡皮筋对小车做的功与使小车能获得的最大速度有关，故选项F正确，选项G错误；
故选ABCF．

前两题太简单了 第三题：6-4=2, 1.3+0.3=1.6, 1.6÷2=0.8, 0.8×4=3.2, 3.2+0.3=3.5!
每本练习本0.80元,小辉一共带了3.5元.
第四题：11-3=8,6-4=2,8÷2=4,4×4=16,16+11=27!有4名三好学生,27支铅笔!

（1）每相邻两个计数点间还有4个点（图中未画出），所以相邻的计数点之间的时间间隔为0.1s
利用匀变速直线运动的推论得：
v _A =
x
t =
(6.84+7.48)cm
2×0.1s =0.716m/s
v _B =
x
t =
(9.41+10.06)cm
2×0.1s =0.974m/s
（2）由于相邻计数点间的位移之差不等，所以采用逐差法求解加速度．
a=
(8.75+9.41+10.06)cm-(6.84+7.48+8.13)cm
9t 2 =0.641m/s ² ．
（3）在AB段克服摩擦力所做功为W _AB
根据动能定理得：-W _AB =
1
2 mv _A ² -
1
2 mv _B ²
W _AB =
1
2 mv _B ² -
1
2 mv _A ²
故答案为：（1）0.716，0.974
（2）0.641
（3）
1
2 mv _B ² -
1
2 mv _A ²

1年前

这道题主要考的是静摩擦和平衡力两个概念,另外还有力的分解的知识也有.
假设在OA转动的过程中的某一时刻t,OA已经转过角度α,对重物P做受力分析,得到P应受到重力G作用,OA对P的支持力N作用,OA对P的摩擦力f（根据静摩擦力概念可知0

解题思路：（1）对整体分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，根据速度位移公式求出木板碰挡板P前的瞬间速度．（2）当木板碰到挡板并撤掉挡板后，木板以初速度v1向左做匀减速运动，木块以初速度v1向右做匀减速运动，木块加速度较大，所以木块先停下，然后向左做匀加速运动，直到二者保持相对静止．根据牛顿第二定律，结合运动学公式求出木板最终停止运动时其左端A的位置坐标．

（1）经过分析可知，木板碰挡板前，木块和木板组成的系统保持相对静止向右匀减速运动，设木板碰挡板时的速度为v₁，其加速度为a₁，对二者组成的系统，由其受力分析结合牛顿第二定律有：μ₁（m+M）g=（m+M）a₁

v20-
v21=2a1s
其中：s=x-L=21m-11.5m=9.5m．
解得：v₁=9m/s（水平向右）
（2）由题意可知，当木板碰到挡板并撤掉挡板后，木板以初速度v₁向左做匀减速运动，木块以初速度v₁向右做匀减速运动，设木板和木块的加速度分别为a₂和a₃，由牛顿第二定律可知：
a₂=
μ2mg+μ1(M+m)g
M=6m/s²（水平向右）
a₃=
μ2mg
m=μ₂g=9m/s²（水平向左）
假设木块没有掉离木板，由于木块加速度较大，所以木块先停下，然后向左做匀加速运动，直到二者保持相对静止．设二者保持相对静止所用时间为t₂，
共同速度为v₂，可得：v₁-a₃t₂=-（v₁-a₂t₂）
解得：t₂=1.2s v₂=1.8m/s（水平向左）
在此过程中，木块运动位移s1=
v1-v2
2×t2=4.32m（水平向右）
木板运动位移s2=
v1+v2
2×t2=6.48m（水平向左）
所以二者相对位移△s=s₁+s₂=10.8m＜L=11.5m，即二者相对运动时木块没有掉离木板．二者共速后，又以a1=1m/s2向左减速至停下，
设其向左运动的位移为s₃
v22=2a1s3
解得：s₃=1.62m
最终木板M左端A点位置坐标为x=x₀-L-s₂-s₃=1.4m．
答：（1）木板碰挡板P前瞬间的速度v₁为9m/s，方向向右．
（2）木板最终停止运动时其左端A的位置坐标为1.4m．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 解决本题的关键理清木板和木块在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．本题也可以通过动能定理、功能关系进行求解．

解题思路：半径是20厘米，直径就是40厘米；可以看作是剪出边长为40厘米的正方形，然后用1.6米=160厘米、1.2米=120厘米分别除以40厘米，即可得出沿着长和宽各能剪出几个半径是20厘米的圆，再把这两个个数相乘，据此解答．

直径：20×2=40（厘米）；
沿着长剪的个数：160÷40=4（个），
沿着宽剪的个数：120÷40=3（个），
最多一共剪的个数：4×3=12（个）；
答：最多可以裁出12个．

点评：
本题考点： 圆、圆环的面积．

考点点评： 本题重在引导学生结合实际情况对图形进行切分，如果材料有下脚料，所以求最多可以剪出多少个的圆不应用“长方形的面积除以一个圆的面积”．

系统所受合外力为0,动量守恒,0=mv1-Mv2,
两个物体的速度方向总是相反,或者同时为0,
物体先加速运动,当F1=F2=kx时,物体处于振动的平衡位置,
然后减速运动直至速度为0,这时弹力大于F,物体反向加速,
A错误,F1和F2要么同时做正功,要么同时做负功,系统机械能不守恒,
机械能守恒的条件是除了重力和弹力以外的力做功为0,注意是做功为0,而不是合力为0,
B正确,弹簧弹力大小与f1f2大小相等之前加速,之后减速,此时速度最大,动能最大,
C、D错误,见运动分析.

解题思路：（1）CF=1，BC=2，得到BF=1，然后分别计算出S_△ABE=[1/2]×2×1=1，S_{正方形EFCG}=1，S_空白=4-1-1=2，再乘以它们的单价即可得到一块木板用墙纸的费用；
（2）设FC=xm，则BF=（1-x）m，总费用为y元，再计算S_△ABE=[1/2]（1-x）×1=[1/2]（1-x），S_{正方形EFCG}=x²，S_空白=1-[1/2]（1-x）-x²=-x²+[1/2]x+[1/2]，然后乘以它们的单价即可得到一块木板用墙纸的费用，最后利用二次函数的最值问题求出当x=[1/2]时，y_最小=55元．
（3）同（2）一样，设FC=xm，则BF=（a-x）m，总费用为y元，得到y=20x²-20ax+60a²，当x=[1/2]a时，y有最小值，即墙纸费用最省；当x≤1，则[1/2]a≤1，得a≤2，而a为整数，得到a=1或2，然后比较费用，最后得到需要这样的木块21块．

（1）∵CF=1，BC=2，∴BF=1，∴S△ABE=12×2×1=1，S正方形EFCG=1，S空白=4-1-1=2，∴一块木板用墙纸的费用需=1×60+1×80+2×40=220（元）；故答案为220．（2）设FC=xm，则BF=（1-x）m，总费用为y元，∴S△ABE=12（...

点评：
本题考点： 二次函数的应用．

考点点评： 本题考查了三角形的面积公式的运用，正方形的面积公式的运用．二次函数的性质的运用，单价×数量=总价的运用，解答时求出二次函数的解析式是关键．

解题思路：了解实验要探究的内容、实验方法与实验技巧．探究实验数据的处理方法．本实验中注意采用的是比例法，应使每条橡皮筋做功相同．

（1）用 1 条、2 条、3 条 …同样的橡皮筋将小车拉到同一位置释放，橡皮筋拉力对小车所做的功依次为W、2W、3W…探究橡皮筋拉力对小车所做的功W与小车速度v的定量关系．将木板放有打点计时器的一端垫高，小车不连橡皮筋，尾部固定一纸带，轻推小车使小车沿木板向下运动，如果纸带上打出的点间距是均匀的，说明纸带的运动是匀速直线运动，小车重力沿斜面方向的分力刚好平衡了小车所受的摩擦力．
（2）W-v²图线是一条过坐标原点的直线，根据数学知识可确定W与速度v的平方成正比．
故答案为：（1）平衡摩擦力；（2）W与速度v的平方成正比．

点评：
本题考点： 探究功与速度变化的关系．

考点点评： 注意实验的一些处理方法，例如选择相邻距离基本相同的若干个点作为小车匀速运动阶段的点，用这些点计算小车的速度．图象法是解决物理问题的常见方法，因为它具有简便直观的特点．

忽略 空气阻力
时间

因为一条绳上的力相等.根据牛顿第三定律,人用多大的拉绳,绳也有多大的力拉人.所以对人和木板来说都有一条绳来拉,而且相等.所以绳子对整体的拉力为2F.ok!

解题思路：由题意知，顶点C从开始到结束所经过的路径为圆弧CC′，对的圆心角为120°，根据弧长公式计算．

CC′的长=[120°π×8/180°]=[16/3]π．
故选D．

点评：
本题考点： 弧长的计算；等边三角形的性质；旋转的性质．

考点点评： 本题利用了等边三角形的一个外角等于120度和弧长公式求解．

A 当F为5N时小木块受到和F同一方向的摩擦力和相反方向弹簧测力计的力,此时小木块保持静止.当F=10时,小木块的摩擦力不变（摩擦力为接触面粗糙度和小木块的质量决定）所以小木块仍保持静止

解题思路：由图可知，锯掉的两块木板在正方形的邻边上，已知锯掉的两块木板在正方形上本来应该有重叠的部分，即边长不损失的情况下，重叠部分的面积为5×8=40平方厘米，那么我们把这部分（40平方厘米）加上来，即看成是从完整的正方形上分别锯掉两块长为边长，宽分别为5厘米、8厘米的长方形木板，这样可得知，边长×5+边长×8=415+40=455平方厘米．由此解答即可．

图中右下角的重叠部分的面积：
8×5=40（平方厘米）；
由上面的分析得：
边长×5+边长×8=415+40=455（平方厘米）；
原来木板的边长是：
455÷（5+8）
=455÷13，
=35（厘米）；
答：原来木板的边长是35厘米．

点评：
本题考点： 图形的拆拼（切拼）．

考点点评： 此题解答的关键是理解锯掉的两部分加上40平方厘米，可以看成是从完整的正方形上分别锯掉两块长为边长，宽分别为5厘米、8厘米的长方形木板．

解题思路：根据题意，锯下这个最大圆的直径应该是4分米，那么根据圆的面积公式可计算出这个圆的面积，再用长方形木板的面积减去圆的面积即是剩下的木板的面积，列式解答即可得到答案．

长方形木板的面积：5×4=20（平方分米），
圆的半径为：4÷2=2（分米），
圆的面积为：3.14×2²=12.56（平方分米），
剩余木板的面积：20-12.56=7.44（平方分米），
答：剩下的木板的面积是7.44平方分米．

点评：
本题考点： 组合图形的面积；长方形、正方形的面积；圆、圆环的面积．

考点点评： 解答此题的关键是确定最大圆的直径，然后再用长方形的面积减去最大圆的面积即可．

外口直径30厘米,内口直径26厘米,半径为13厘米,容积=3.14×13×13×40=21226.4立方厘米

长是：7分之5÷12分之5=7分之12米

叫做“木刻”.

我知道我知道! 因为我们宿舍的女人都很轻 很苗条 哈哈哈哈哈
希望采纳

实验名称：滑动摩擦大小的因素的影响
实验的目的：验证滑动摩擦和压力的大小的大小之间的关系,接触面积的大小,（剽窃实验的目的,如果使用在该DIS系统上的接触表面的粗糙度,有时加上这个目的,如：使用DIS系统的线性拟合的实践练习使用秒表,但这些都不是主要的实验目的!）
实验器材：弹簧测力计,长的木头,棉花,毛巾,勾矩形块木板,重量,规模,秒表.
实验原理：
二力平衡的条件：作用于同一个对象,如果大小相等,方向相反的两股力量,并在同一直线上,这两种力量的平衡.
2的作用下,静止物体的配重保持静止,运动的物体的状态的保持匀速直线运动.
对象3.两个相互接触,当他们这样做相对运动的相对运动的趋势时,在接触表面将产生的障碍物的相对运动的力,这个力称为摩擦力.
4.弹簧测力计拉木块匀速直线运动时,在水平面内的张力的大小是相等的摩擦力的大小,张力值?可以读出因此,从弹簧测力计测出的木块,与该水平面之间的摩擦力.
实验步骤：
随着弹簧测功机均匀拉木材,滑动,沿着长的木板,测量具有长木板木材件之间的摩擦;改变木材块上放置重物,从而改变与长木板压力之间木块;在很长的板材的铺棉,从而改变的接触表面的粗糙度;具有长木板木块改变的接触表面,从而改变了的接触面积.
实验数据：
测力计米制服拉木块,长木板测量木块之间的摩擦力：0.7N
木块上加上50克的重量,测量木块之间的摩擦,长材：0.8N
的木块上加200g的重量,测量木块之间的摩擦,长材：1.2N
在木上铺棉,测量木块之间的摩擦与长木板：1.1N
5,加快速度均匀拉木件之间的摩擦,测量木块与长木：0.7N
6木块翻转,从而使另一个较小的区域?的表面和长板接触,测长木板木件之间的摩擦力：0.7N
（如果是验证欧姆定律,这样的测试数据,根据数据的艺术形象,并配备一个计算器来计算斜率）.
实验结果：
的尺寸与该对象的表面上的效果,在压力的摩擦力,更大的表面压力施加更大的摩擦力.
2相关的接触表面的表面粗糙度,接触表面粗糙度,摩擦更大的摩擦力的大小.
3大小的对象的内容之间的接触面的摩擦力的大小.
4的面积与相对速度的内容的移动的摩擦力.
测量的不规则形状物体的体积
设备,木材
步骤;
第一;
入水的木材,和测量的水上升,或放置在一个完整的圆筒的大小,溢出的水的体积的测量,木材浸渍部分的体积可以间接方式获得
然后沿水平面的木材切割,去除的物质平衡测量的水下部分.
由以下方程来计算密度.
然后,整体测量的质量块对象
V = M / P
计算出的体积.
二,物种
一个量杯,水和杯面齐平的木材浸泡在水（如用细针入水的）,重量溢出的水量可以想办法.
第三个;
如果该容器是圆筒形的,内部装满水,然后放入水中的对象,删除该对象.的中空容器部分是该对象的体积.
圆柱的面积=底面积×高
如果对象不沉,把一个对象上绑了一块铁入水,测量体积的铁块和对象,然后测量体积的铁,然后减去其总体积的铁绘制体积的对象的体积.
在步骤内的现象;
结论得出的木材量
实验目的：证明空的流量和大气
实验原理：大气压力原理
实验器材：两张纸
两张纸靠拢,但不连贯的画面,在打击中间的空隙的差距.
实验数据：两片纸中间,吹越狠靠拢到最近.
分析,并得出结论：快的空气流率,以降低空气压力.
自动旋转的奥秘
问：为什么会旋转托盘装满水的吗?
材料：空牛奶纸盒,钉子,60厘米长的绳子,水槽,
操作：
1用指甲杆五杆洞的空牛奶盒
如图2所示,在最上方的纸盒,在左下角的四边的托盘的其他四个孔的孔在中间
3,将约60厘米长的绳索,在孔的顶部
4,打开托盘托盘上盘迅速装满水的口盘
5手抬纸箱上的绳子,纸盒顺时针旋转
说明：水流量的幅度和方向相反的力相等,四个角的托盘推力.因为
这个力作用在左下角的每一侧的托盘按顺时针方向
冰融化后,会发生什么事
思考：把冰块放入杯中,然后加水.当冰川融化,杯子中的水会溢出
它吗?
材料：1,冰块,水2杯
操作：
1将一个空杯子放在托盘上,在空杯子放了一块冰.
2杯,充水,使以上的水的冰的很大一部分.
3.等待冰融化.观察熔化,水会溢出杯子.
说明：
水结冰时,体积会增加9％,所以质量更轻,自然浮在水面上.当冰块融化
因此,当它失去了9％的体积增加,水不溢出.
事实上,冰下面的表面的那部分,即是整个体积的冰水.

其原理在于,所用石头的质量很大,所以其惯性也很大,因此,锤子很快的砸下去,由于惯性,石块的加速度很小,从而对人不会产生巨大的压力.

长木板质量为m,长为l,静放在水平地面上,一质量也为m的质点,以初速度v.=3m/s从长木板的左边滑上木板,已知质点滑到木板右端时,质点、长木板的速度均为v=1m/s,试求相对滑动过程中木板完成的位移s
我的做法：
相对速度算出时间 （v.+0）/2*t=l → t=4/3
再相对于地面算出质点走的位移 x=(3+1)/2*4/3=8/3
再得 s=x-l=2/3
这样做是错在哪呢?
本题中,由于质点的速度及所受合外力（等于板给他的摩擦力）,是以地为参考系得出的；而l=2m是相对位移,它们的参考系不相同,应用动能定理求解
-fx=1/2mv^2-1/2mv.^2
对于长木板,由动能定理得：fs=1/2mv^2
而两物体的相对位移关系为s+l=x
联立得：s=2/7m
2.等物质的量浓度的下列物质的水溶液,加热到80.C,忽略水的蒸发,溶液的pH不变的是（ ）
A.Na2CO3 B.NaOH C.Na2SO4 D.H2SO4
应该选D,由于pH的定义,和温度对水的离子积和离子水解的影响,只有D不变
3.若设氢原子中电子绕核做匀速圆周运动,若在轨道中加一个磁场后,电子轨道半径仍不变,这是动能变大,周期变小,那请问是什么对电子做功?磁场不可能做功吧,但电场又没有变化.
是电场做功,周期变小,电流变大,动能与电流时同步关系
4.一炮弹质量为m,以一定的倾角斜向上发射,到达最高点的速度为v,炮弹在最高点爆炸成两块,其中一块沿原轨道返回,质量为m/2,问是不是这块沿原路返回的与原速度v大小相同?
是,因为在最高点是竖直速度已经为0了,此时只有水平速度,如果要原路返回的话就必须要水平速度相等,方向相反,跟能量守恒没有关系

第一种150:300=(150÷150):(300÷150)=1:2
第二种150:500=(150÷50):(500÷50)=3:10

解题思路：由题意可知，当木板在F作用下向右运动时，木块相对于木板向左运动，它们之间存在滑动摩擦力，根据牛顿第二定律分别求出两物体的加速度．当木块相对木板的位移等于木板长度时木块离开木板，由位移公式和位移关系求解时间．

由题分析得知，木板和木块均向右做匀加速运动，木块的加速度小于木板的加速度，根据牛顿第二定律得
对木板：aM＝
F−μmg
M
对木块：am＝
μmg
m=μg
当木块离开木板时，木板相对于木块的位移为L，即有s_M-s_m=L，
又sM＝
1
2aMt2，sm＝
1
2amt2
联立得：[1/2•
F−μmg
Mt2−
1
2amt2＝L
解得，t=

2ML
F−μ(M+m)g]
答：木块离开木板的时间为t=

2ML
F−μ(M+m)g．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 本题采用隔离法研究加速度不同的连接体问题，关键的关系式是两物体的位移关系．

不发送相对滑动是因为静摩擦力小于最大静摩擦力,满足这个条件就不会发生相对滑动.
你现在只是凭空想象,才产生困惑,其实要是把问题具体化就可以解决了.长木板重5KG,小木块重1KG,最大静摩擦力100N,现在用水平力F=80N拉小木块,求小木块和长木板的加速度,你会发现他们的加速度是相等的.初速度相同,加速度相同,那面他们保持相对静止.求各自加速度会吧.

拉力不变,当质量增大时加速度减小,这是实验事实,也正因为没有摩擦力,才可以推出加速度与质量成反比（a=F/m)这个结论.好好分析一下实验就可以明白.

选D,墙对球是水平力,水平力跟重力,
跟模板对球的力构成一个直角三角形,板对球的力是斜边,重力是一个直角边,是常量,在移动过程中,另一直角边逐渐变小,斜边逐渐变小趋近重力

选D,木板是小猫重的2倍,我们设小猫重M,木板为2M,延斜面向下的力为3mgsinα,绳断了,但延斜面向下的力还是3mgsinα,此时猫开始跑,木板质量比上延斜面的力就是加速度,为1.5mgsinα.

容积箱子里面的空间,所以每边减去2厘米
长1-0.02-0.02＝0.96　宽60-0.02-0.02＝59.96　　高　50-0.02＝49.98
0.96*59.96*49.98＝2876.929立方米
这个木箱的容积是2876.929立方米

钉子受到锤子打击前的速度是0,打击后的速度也是0.钉子在运动的过程中忽略钉子的重力,就只受到二个力的作用：向下锤子的打击力F和方向相反的阻力.这段运动可简化为匀速运动,则这二个力的平均值相等.锤子对钉子做的功就等于零钉子克服阻力所做的功.
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纸铺木板并用钉选一点.将皮条挂钉上,用秤拉皮筋另一头,朝两方向各拉一次,力大小随意,记录下皮筋端点位置和秤示数.将图钉,皮筋端点做成平行四边形,用秤沿对角线拉皮筋至顶点,记录秤示数,应等于前两示数和.