直流电源电路中有哪个环节?A并联反馈 B整流 C震流 D直流反馈

电键S闭合时，电感L₁中电流等于两倍L₂的电流，断开电键K的瞬间，由于自感作用，两个电感线圈相当于两个电源，与三个灯泡构成闭合回路，通过b、c的电流都通过a，故a先变亮，然后逐渐变暗，故A正确；
b、c灯泡由电流i逐渐减小，B、C错误，D正确；
故选：AD

点评：
本题考点： 电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．

考点点评： 本题涉及到自感现象中的“亮一下”现象，平时要注意透彻理解．

（1）①由电流流向可知，和电源的正极相连的电极A极是阳极，和电源的负极相连的电极B极是阴极，该a为正极，b为负极．A为阳极，B为阴极，
故答案为：正；阴；
②A电极为阳极，溶液中氯离子发生失电子的氧化反应，即2Cl^--2e^-=Cl₂↑，B电极为电解池的阴极，电极上氢离子发生得电子的还原反应，即2H⁺+2e^-=H₂↑；
故答案为：2Cl^--2e^-=Cl₂↑；2H⁺+2e^-=H₂↑；
③检验氯气的方法是用湿润的淀粉碘化钾试纸检验生成的气体，气体能使试纸变蓝色，
故答案为：用湿润的淀粉碘化钾试纸检验生成的气体，气体能使试纸变蓝色；
（2）电解硫酸铜溶液时，阳极上氢氧根离子放电，生成1mol氧气需要4mol电子；生成3.2gCu转移电子数为[3.2g/64g/mol]×2=0.1mol，根据转移电子相等得阳极上产生的气体在标准状况下的体积=[0.1mol/4]×22.4L/mol=0.56L；阴极电极反应：4OH^--4e^-=2H₂O+O₂↑，消耗氢氧根离子物质的量，0.1mol，溶液中增加氢离子物质的量为0.1mol，常温下，若将电解后的溶液稀释至1L，溶液中氢离子浓度=[0.1mol/1L]=0.1mol/L，溶液pH=1，
故答案为：0.56L；1．

点评：
本题考点： 电解原理．

考点点评： 本题考查学生电解池的工作原理知识，明确图中电源的正负极确定电解池的阴阳极是解答的关键，并熟悉电极反应及离子的放电顺序来解答，题目难度中等．

当电阻接在直流电路中的时候，由P=
U2
R可得，此时的功率为P=
U2
R=[400/R]
当功率为[1/2P时，由P=
U2
R]可得，此时电阻的电压的有效值为10
2V
变压器的输入电压的有效值为U₁=100
2v
所以变压器原、副线圈的匝数比为
n1
n2＝
U1
U2＝
100
2
10
2＝
10
1
答：此变压器的原、副线圈的匝数之比为10：1．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解．

因磁针S极向东偏，则说明螺线管左侧为N极；由右手螺旋定则可知，电流由B经螺线管流向A，故B为电源的正极．
故选D．

点评：
本题考点： 通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用；安培定则．

考点点评： 解答本题时应明确方性，同时要清楚磁针指南的磁极S极．

A、将开关S接通或断开的瞬间，磁场由无到有，磁场由有到无，通过线圈B的磁通量发生变化，线圈B中产生感应电流，故A正确；
B、开关S接通一段时间之后，磁场不变，通过线圈B的磁通量不发生变化，线圈B中不能产生感应电流，故B错误；
C、开关S接通后，改变滑动变阻器滑动头的位置时，A线圈电流发生变化，磁场变化，通过线圈B的磁通量发生变化，线圈B中产生感应电流，故C正确；
D、拿走铁环，再做这个实验，开关接通或断开的瞬间，穿过线圈B的磁通量仍然发生变化，仍有感应电流，由于穿过的磁通量变化量较小，导致产生的感应电动势变小，电流相对弱一些，故D正确；
本题选不能产生感应电流的，故选：B．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 解决本题的关键掌握感应电流的产生条件，知道当穿过闭合回路中的磁通量发生变化时，会产生感应电流．

电键S闭合时，电感L₁中电流等于两倍L₂的电流，断开电键K的瞬间，由于自感作用，两个电感线圈相当于两个电源，与三个灯泡构成闭合回路，通过b、c的电流都通过a，故a先变亮，然后逐渐变暗，故A正确；
b、c灯泡由电流i逐渐减小，B、C错误，D正确；
故选：AD

点评：
本题考点： 电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．

考点点评： 本题涉及到自感现象中的“亮一下”现象，平时要注意透彻理解．

A、将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据E=[U/d]得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动．故A错误．
B、场强E减小，而P点与下极板间的距离不变，则由公式U=Ed分析可知，P点与下极板间电势差将减小，而P点的电势高于下极板的电势，则知P点的电势将降低．故B正确．
C、由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，P点的电势降低，则油滴的电势能将增加．故C错误．
D、上极板上移时，则d增大，由C=ɛ[s/4πkd]可知C减小，根据Q=UC可知，极析带电量也减小，故D正确；
故选：BD．

点评：
本题考点： 电容器的动态分析．

考点点评： 本题考查电容器的动态分析问题，要明确一直和电源相连，故电压不变；再由决定式及定义式分析电容、电量等的变化．

（1）若发生Cu+H₂SO₄（稀）=CuSO₄+H₂↑，利用电解来实现，则Cu为阳极，C为阴极，电解质为硫酸，装置如图，故答案为：；
（2）①碳棒和铜片上均有无色气泡产生，溶液并未变为蓝色，其电解实质为电解水，即两极与电源的正负极接反了，故答案为：两极与电源的正负极接反了；
②Cu棒上生成氢气，发生的电极反应为2H⁺+2e^-=H₂↑，故答案为：2H⁺+2e^-=H₂↑；
③碳棒上产生气体体积为11.2L为氧气，其物质的量为[11.2L/22.4L/mol]=0.5mol，由2H₂O

电解
.
O₂↑+2H₂↑，则要恢复原样加入H₂O的质量为0.5mol×2×18g/mol=18g，
故答案为：H₂O；18g．

点评：
本题考点： 电解原理．

考点点评： 本题考查电解原理，明确电极材料的选择与发生的电极反应是解答本题的关键，注意电解后使溶液恢复原样，应从元素及质量守恒的角度来分析，题目难度不大．

电压表接在R₁两端，电压表的示数8V，则此时R₂两端的电压为4V．把此表改接在两端R₂时，由于电压表的内阻不是远大于R₁ R₂，电压表与R₂并联的阻值小于R₂，而R₁与并联部分串联，总电压U=12V，则R₁的电压大于8V，电压表与R₂并联的电路的电压小于4V．
故选A

点评：
本题考点： 串联电路和并联电路．

考点点评： 本题要注意电压表是实际的电表，内阻不是无穷大，电表对电路的影响不能忽略，把电压表看成可测量电压的电阻．

（1）当电子从正中间沿着垂直于电场线飞入时，若能飞出电场，则电子在电场中的运动时间为：t＝
l
v0，
在沿AB方向上，电子受电场力的作用，在AB方向上的位移为：
y＝
1
2at2＝
1
2•
eUAB
md•t2，
联立求解，得：y=0.6cm，
而[d/2＝0.5cm，
因y＞
d
2]，
故粒子不能飞出电场．
（2）从（1）的可知，与B板相距为y的电子带不能飞出电场，而能飞出电场的电子带宽度为：
x=d-y=0.4cm，
所以能飞出电场的电子数为：n＝
x
dN＝0.4N；
答：（1）电子不否飞离平行金属板正对空间；
（2）若电子总数为N，则能飞离电场的电子数是0.4N．

点评：
本题考点： 带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．

考点点评： 电子在偏转电场中做类平抛运动，初速度方向为匀速直线运动，在电场方向做初速度为零的匀加速直线运动，应用类平抛运动规律即可正确解题．

A、由题，板间距离增大，电容器的电压不变，根据E=[U/d]知板间场强减小，由U=Ed得知，P点与下极板间的电势差减小，板间场强方向向下，P点电势比下极板高，则可知，P点的电势降低．故A正确．
B、根据油滴原来静止知道，油滴带负电，P点电势降低，油滴的电势能将增大．故B错误．
C、板间场强减小，油滴所受电场力减小，则油滴将沿竖直方向向下运动．故C错误．
D、板间距离增大，电容减小，而电压不变，则电容器的电量减小．故D错误．
故选A

点评：
本题考点： 电容器的动态分析；电势；电势能．

考点点评： 本题是电容器动态分析问题，根据E=[U/d]、电容的决定式和定义式结合进行分析．

1年前

依据电解原理分析，电极若是惰性电极，溶液中的阴离子在阳极失电子发生氧化反应，若阳极是活性电极，则电极本身是单质发生氧化反应，电极质量减小；阴极是溶液中阳离子得到电子发生还原反应；欲达到如下要求：a阳极质量不变　b阴极质量增加　c电解液pH减小，是惰性电极做阳极，电解质溶液中铜离子得到电子在阴极析出，阳极是溶液中氢氧根离子放电生成氧气，溶液中氢离子浓度增大，pH减小，
①阴阳两极都用石墨电极，电解反应为2CuSO₄+2H₂O

通电
.
2Cu+O₂↑+2H₂SO₄，符合要求条件，故①符合；
②铜作阳极，铁作阴极，阳极是活性电极铜失电子质量减小，不符合题干条件，故②不符合；
③铁作阳极，铜作阴极，阳极是活性电极铁失电子质量减小，不符合题干条件，故③不符合；
④铂作阳极，铜作阴极，阳极是惰性电极，电解反应为2CuSO₄+2H₂O

通电
.
2Cu+O₂↑+2H₂SO₄，符合要求条件，故④符合；
故选：D．

点评：
本题考点： 电解原理．

考点点评： 本题考查了电解原理的分析判断，主要是阳极材料的分析应用，掌握基础是关键，题目难度中等．