一盛有盐水的烧杯中,漂浮着一块冰,等到冰熔化后,水面有什么变化?为什么会这样?

A、由图可知，两光在水中的入射角i相同，而a光在真空中的折射角r较小，根据折射定律n=[sinr/sini]，故可知a光的折射率要小于b光的折射率； 由v=[c/n]可知，a光在水中的传播速度要大于b光，故A到O，a光的传播时间小于b光的传播时间，故A错误；
B、若发光点A不变而入射点O向左移，则入射角减小，不会发生全反射，故B错误；
C、a光的折射率小，故a光的波长要长，波动性强，a光和b光分别通过同一单狭缝，a光在屏上产生的中心亮条纹比b光宽．故C错误．
D、干涉条纹间距与波长成正比，故a光的干涉条纹间距要宽，故D正确；
故选D

点评：
本题考点： 光的折射定律．

考点点评： 本题的解题关键是根据偏折程度确定折射率的大小，再进一步比较波长的大小，分析波动性强弱关系．

①酯化反应中，羧酸脱去羟基，醇脱去氢原子，所以该反应的化学方程式为：CH₃COOH+C₂H₅¹⁸OH⇌CH₃CO¹⁸OC₂H₅+H₂O，
故答案为：CH₃COOH+C₂H₅¹⁸OH⇌CH₃CO¹⁸OC₂H₅+H₂O；
②仪器A为冷凝管，为了提高冷凝效果，通水方法为逆向，即从b进水，a出水，
故答案为：冷凝管；b；
③乙酸和乙醇能够溶于碳酸钠溶液，而乙酸乙酯不溶于碳酸钠溶液，所以试剂a为饱和碳酸钠溶液；根据流程可知，试剂b将醋酸钠转化成醋酸，由于硝酸和盐酸具有挥发性，试剂b为硫酸；操作方法（1）分离互不相溶的混合液体，操作方法为为分液；操作方法（2）将乙醇与混合液分离，分离方法为蒸馏；操作（3）将乙酸从混合液分离，分离方法为为蒸馏，
故答案为：Na₂CO₃； H₂SO₄；分液；蒸馏；蒸馏．

点评：
本题考点： 乙酸乙酯的制取；物质的分离、提纯和除杂．

考点点评： 本题考查了乙酸乙酯的制取方法，题目难度不大，注意掌握乙酸乙酯的制取原理，明确在反应过程中浓硫酸、饱和碳酸钠的作用．

（1）碳酸钠和盐酸反应产生二氧化碳，有气体放出，与氯化钡反应产生碳酸钡，即有白色沉淀产生；
（2）设实验过程中放出的气体总质量为x，则
Na₂CO₃ ～2HCl
106 73
106g×10% x
[106/73＝
106g×10%
x]，
x=7.3g
原溶液中HCl的质量分数为：[7.3g/100g×100%=7.3%；
（3）设实验过程中产生氯化钠质量为y，产生碳酸钡质量为z，则
本关系是指整个过程的，不考虑是碳酸钠与盐酸还是和氯化钡反应，最终对应的钠都在氯化钠中．
Na₂CO₃ ～2NaCl
106 117
212g×10% y

106
212g×10%＝
117
y]，
y=23.4g
后期的碳酸钠中碳酸根转化为碳酸钡沉淀，所以对应的碳酸钠是106g溶液之后的部分．
Na₂CO₃ ～BaCO₃
106 197
（212g-106g）×10% z
=106g×10%
[106/197＝
(212g−106g)×10%
z]，
z=19.7g
所得NaCl溶液的质量分数为：[23.4g/100g+212g−19.7g−4.4g]×100%=8.1%
答：（1）有白色沉淀生成；
（2）7.3%；
（3）所得不饱和溶液中溶质质量分数是8.1%．

点评：
本题考点： 根据化学反应方程式的计算；有关溶质质量分数的简单计算．

考点点评： 本题考查根据图象的有关化学方程式的计算，重在考查学生的识图，碳酸钠与两种物质都能发生反应，而首先是与盐酸反应，其次与氯化钡反应．（3）小题结合化学方程式考查溶质质量分数的计算，注意在计算溶液总质量是要灵活运用质量守恒定律，最后所得不饱和溶液的质量等于l00gBaCl2和HCl的混合溶液，加上滴入的212gNa2CO3溶液，减去生成的气体和沉淀的质量，不能多加或少减，此小题较难，学生容易出错，平时要多注意训练．（3）小题在计算氯化钠质量时还可根据钠元素质量守恒，碳酸钠中钠元素全部转移到氯化钠中，据此可求出产生氯化钠质量．

（1）设木块的体积为V，
∵木块漂浮在水面上，
∴F_浮=G_排=G_甲，
∴ρ_水[1/2]Vg=G_甲；
（2）金属乙放在甲上，木块上表面恰好与水面相平，则：
F_浮′=ρ_水Vg=G_甲+G_乙，
∴G_乙=ρ_水Vg-G_甲=ρ_水Vg-ρ_水[1/2]Vg=ρ_水[1/2]Vg
m_乙=[1/2]ρ_水V；
（3）如图，F_浮″=G_甲+G_乙，
∴ρ_水[14/15]Vg+ρ_水V_乙g=ρ_水Vg，
∴V_乙=[1/15]V，
ρ_乙=
m乙
V乙=

1
2ρ水V

1
15V=7.5ρ_水=7.5g/cm³．
故答案为：7.5．

点评：
本题考点： 密度的计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用．

考点点评： 本题考查了学生对阿基米德原理和物体漂浮条件的掌握和运用，解题思路：先求金属乙的质量，再求体积，最后利用密度公式求乙的密度．

A、根据废液中主要含有盐酸与氯化钙，逐滴滴入碳酸钠溶液，碳酸钠应先和盐酸反应，等废液中盐酸被碳酸钠反应消耗完了，碳酸钠开始和氯化钙反应才能产生碳酸钙沉淀，所以OA段不会有沉淀，发生的反应是碳酸钠应和盐酸的反应．反应当氯化钙被碳酸钠反应完时沉淀达到最大值，反应进行到B点时，碳酸钠和氯化钙恰好完全反应，生成碳酸钙沉淀和氯化钠，因此溶液中所含溶质是NaCl、H₂O，继续滴加碳酸钠溶液，沉淀不会增加，溶液中因为有多余的碳酸钠存在而显碱性．因此C点溶液的pH＞7，综合分析图中纵坐标（y）轴表示应该是生成碳酸钙沉淀的质量；故A错误；
B、OA段发生的反应是碳酸钠应和盐酸的反应，反应进行到A点时，溶液中的溶质为氯化钠和氯化钙2种；反应进行到B点时，碳酸钠和氯化钙恰好完全反应，生成碳酸钙沉淀和氯化钠，因此溶液中所含溶质是NaCl；反应进行到C点时，溶液中的溶质有2种 NaCl，Na₂CO₃；故B正确；
C、OA段发生的反应是碳酸钠应和盐酸的反应，随滴入Na₂CO₃溶液显碱性，OA段溶液的pH增大；因为反应进行到B点时，碳酸钠和氯化钙恰好完全反应，此时溶液显中性；图上B到C点意思是继续滴加碳酸钠，溶液中因为有多余的碳酸钠存在而显碱性．故C点溶液的pH＞7．故C正确；
D、根据废液中主要含有盐酸与氯化钙，逐滴滴入碳酸钠溶液，碳酸钠应先和盐酸反应，等废液中盐酸被碳酸钠反应消耗完了，碳酸钠开始和氯化钙反应才能产生碳酸钙沉淀，因此纵坐标（y）表示氯化钙的质量，则反应过程可以用右图表示；故D正确；
故选BCD．

点评：
本题考点： 碳酸钠、碳酸氢钠与碳酸钙；溶液、溶质和溶剂的相互关系与判断；酸的化学性质；溶液的酸碱性与pH值的关系；根据化学反应方程式的计算．

考点点评： 学生平时要加强课外实验探究，不断地培养自己的发现问题、分析问题、解决问题的能力．

A、在相同的温度下，等质量的饱和食盐水所含的食盐比不饱和食盐水所含食盐的质量要大，所以它们的溶质的质量分数也不同，故A对
B、乒乓球所受的浮力跟其重力相等，由于乒乓球完全相同，所它们受到的浮力也相等，故B对
C、虽然它们受到的浮力相等，但是由于溶液的密度不同，根据F_浮=ρ_液gV_排可知他们排开液体的体积不同，所以高出液面的部分不同，故C错
D、溶液的浓度不同，所含的阴阳离子的浓度就不同，所以这两种溶液的导电能力就不同，故D错
故选CD

点评：
本题考点： 溶质的质量分数、溶解性和溶解度的关系；浓溶液、稀溶液跟饱和溶液、不饱和溶液的关系．

考点点评： 本题考查的是同一温度下饱和溶液和不饱和溶液与溶质质量分数的关系，要明白在温度相同时，饱和溶液的质量分数最大，同时知道漂浮与液面的物体受到的浮力和重力相等，不同的是由于密度的不同而使排开液体的体积不同．

因为盐都是10克，底面积和水的高度相等，所以圆锥体内水的质量最少，
所以圆锥容器中盐水含盐率就最高．
所以题干的说法是正确的．
故答案为：√．

点评：
本题考点： 百分率应用题；圆柱的侧面积、表面积和体积；圆锥的体积．

考点点评： 本题考查了立体图形的体积和含盐率的意义的综合应用，关键是明确：溶质一定，浓度与溶液的总质量成反比．

A、分子时刻在做无规则的热运动，故A错误；
B、自由膨胀后，温度不变，体积变大，由气态方程可知，压强变小，故B错误；
C、自由膨胀过程中由于不受阻力作用，因此气体不做功，由于容器绝热，因此Q=0，由△U=W+Q可知，气体内能不变，因此温度也不变，故C正确；
D、根据热力学第二定律可知，气体向真空的自由膨胀是不可逆的，故D错误．
故选C．

点评：
本题考点： 热力学第二定律；气体的体积、温度、压强之间的关系．

考点点评： 正确利用热力学第二定律解释一些物理现象，在利用热力学第一定律△U=W+Q时注意公式中各个物理量的含义，尤其注意各个物理量的正负问题．

设大容器的底面积为S，塑料球体积为V_塑，密度为ρ_塑，当把塑料球放入小容器中时，排开水的体积为V_排，则有：
V_排=Sh₁---①
V_塑ρ_塑g=V_排ρ_水g----②
当把塑料球从小容器中拿出放入水中后，塑料球排开水的体积为V_塑，则：
△V=V_排-V_塑=Sh₂-----③
[①/②]可得，
V排
V排−V塑=
h1
h2，
化简可得：V_排h₂=V_排h₁-V_塑h₁
V_塑h₁=（h₁-h₂）V_排----④
[②/④]可得：ρ_塑=
h1
h1−h2ρ_水．
答：这个塑料小球的密度ρ_塑=
h1
h1−h2ρ_水．

点评：
本题考点： 阿基米德原理．

考点点评： 本题有一定的难度，考查了学生的综合分析能力．解答本题的关键是对实心球质量和体积的求解，质量需要根据物体的浮沉条件和阿基米德原理进行求解，体积需要根据实心球前后V排的变化和物体的浮沉条件去分析．

A、铅块在水银中，因为铅块的密度小于水银的密度，铅块将上浮，故A错；
B、铅块在水和水银中，因为铅块的密度大于水、小于水银的密度，受到水和水银的浮力等于铅块重而静止，故B正确；
C、铅块在水中，因为铅块的密度大于水的密度，铅块将下沉，故C错；
D、铅块在水和石蜡油中，因为铅块的密度大于水和石蜡油的密度，铅块将下沉，故D错；
故选B．

点评：
本题考点： 物体的浮沉条件及其应用．

考点点评： 本题可以利用“排除法”选择答案，根据浮沉条件（ρ液＞ρ物，物体上浮；ρ液＜ρ物，物体下沉；ρ液=ρ物，物体悬浮）判断A、C、D是错的，得出B正确．

A、已知金属块体积为V=500cm³=5×10^-4m³，则V_排=（1-[1/4]）V=[3/4]×5×10^-4m³=3.75×10^-4m³，所以在煤油中受到的浮力为F_浮1=ρ_煤油gV_排=0.8×10³kg/m³×10N/kg×3.75×10^-4m³=3N，在水银中受到的浮力为F_浮2=ρ_水银gV_排=13.6×10³kg/m³×10N/kg×3.75×10^-4m³=51N，比较可知，物体在两液体中受的浮力不一样大，故A错；
B、因金属块在甲、乙两个容器里的液体中都是有[1/4]的体积露出液面，所以物体底部在两液体中所处的深度相同，而水银的密度大于煤油的密度，则根据P=ρgh可知，金属块底部在水银中所受压强大，故B错；
C、因金属块在水银河煤油中都是在力F的作用下处于静止状态，
则在煤油中：F_浮1+F=G---------①
在水银中：F_浮2=G+F---------②
两式相加得：F_浮1+F_浮2=2G，
所以G=[1/2]（F_浮1+F_浮2）=[1/2]×（3N+51N）=27N．
由G=mg=ρVg得：金属块密度ρ=[G/Vg]=
27N
5×10−4m3×10N/kg=5.4×10³kg/m³；
由此可知C选项错；
D、由①式得：F=G-F_浮1=27N-3N=24N；故D正确．
故选D．

点评：
本题考点： 浮力大小的计算；密度的计算；压强大小比较．

考点点评： 本题考查浮力的计算，知道物体处于平衡状态时合力为零，且能根据两个情况下的平衡列出等式，然后解之，本题难度较大．

A．根据图象可知，当加入的n（Br₂）均为n₁建立化学平衡后，H₂的体积分数温度T₁的大于温度T₂，该反应是正反应为放热反应，升高温度，平衡逆反应方向移动导致氢气的体积分数降低，所以T₁＞T₂，故A正确；
B．对a和b来说，温度相同，H₂的初始量相同，Br₂的初始量是b＞a，a、b两个平衡状态，可以认为是向a的平衡状态加入（n₂-n₁）molBr₂建立了化学平衡b，而加入Br₂，平衡向正反应方向移动，建立平衡b后，其反应速率要增加，即两点的反应速率a＜b，故B正确；
C．将HBr液化并及时移走，HBr的浓度降低，平衡向正反应方向移动，溴的转化率增大，故C正确；
D．当温度均为T₁时，加入Br₂，平衡会向正反应方向移动，导致HBr的物质的量不断增大，但体积分数不一定逐渐增大，这与加入的溴的量及转化率有关，故D错误，
故选D．

点评：
本题考点： 体积百分含量随温度、压强变化曲线．

考点点评： 本题考查了外界条件对化学平衡的影响，易错选项是D，注意反应物的转化率增大，生成物的体积分数不一定增大，这与反应物的量有关．

天平的指针总是偏向质量大的一方；在两边的金属都没反应完时，由于锌的活动性比铁强，锌与稀盐酸反应放出氢气的速率大于铁，因此，此段时间内，加铁一边因放出氢气的速度慢而质量大，天平指针偏向加铁一边即偏向图中的右边；当金属锌完全反应后，图中天平左边的质量不再减小，而铁继续与稀盐酸反应，最终放出氢气的多少将决定天平指针的偏转，根据金属与酸反应放出氢气的质量=[金属的化合价/金属相对原子质量]×金属质量，可判断两种金属都完全反应后，铁与盐酸放出氢气的质量大于等质量的锌与盐酸反应放出氢气的质量，所以，天平左边加锌的一端因放出氢气质量少而质量大于加铁的右边，天平指针最终将偏向加锌的左边；综上所述，天平指针就先右偏后向左；
故选：D．

点评：
本题考点： 金属的化学性质．

考点点评： 金属与酸反应放出氢气的快慢与金属的活动性有关，而放出氢气的多少与金属的相对质量有关．

A、氢氧化钠溶液显碱性，pH大于7，当加入过量的稀盐酸时，溶液的pH逐渐减小至小于7，故A错误；
B、稀硫酸显酸性，pH小于7，所以x不是稀硫酸．故B错误；
C、氢氧化钙溶液显碱性，pH大于7，当通入适量二氧化碳时，二氧化碳能和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，溶液的pH逐渐减小至等于7，故C正确；
D、稀硫酸显酸性，pH小于7，所以x不是稀硫酸．故D错误．
故选C．

点评：
本题考点： 溶液的酸碱性与pH值的关系；酸的化学性质；碱的化学性质；中和反应及其应用；酸碱溶液的稀释．

考点点评： 本题结合图象及pH的变化考查了常见物质间的有关反应，掌握溶液的酸碱性和溶液pH大小之间的关系、常见物质间的反应是解题的关键．

A、甲图，F_拉=G；乙图，将物块浸没在水中，由于物块受到水的浮力，弹簧测力计的示数F′=G-F_浮，所以弹簧测力计的示数将变小，故A正确；
B、物块浸没在水中后，水的深度h增加，由p=ρgh可知水对容器底部的压强变大，故B正确；
CD、物块未浸没在水中时，桌面受到的压力F=G_水+G_容器；物块浸没在水中后，物块受到水的浮力，水受到物块的反作用力F_物，桌面受到的压力F′=G_水+G_容器+F_物，可见桌面受到的压力变大；而受力面积不变，由p=[F/S]可知桌面受到的压强变大，故C正确、D不正确．
故选D．

点评：
本题考点： 阿基米德原理；压强的大小及其计算；液体的压强的特点．

考点点评： 本题考查了学生对液体压强公式、压强定义式、浮力的了解与掌握，会对物块进行正确的受力分析是本题的关键．

物体在液体中漂浮，浮力等于重力，故A、B正确，不符合题意；
从图中可以看出，仪器在三种液体中排开液体的体积大小，根据公式F_浮=ρgV_排可以比较三种液体密度的大小，但无法直接读出液体密度的大小，故C正确，不符合题意；D错误，符合题意．
故选D．

点评：
本题考点： 浮力的利用；二力平衡条件的应用；物体的浮沉条件及其应用．

考点点评： 本题考查二力平衡条件的应用和物体的漂浮条件以及浮力公式的应用，关键知道影响浮力大小的因素是液体的密度和物体排开液体的体积，还要知道物体漂浮时浮力等于自身重力．

（1）木块重：
G_木=m_木g=ρ_木v_木g=0.8×10³kg/m³×（0.1m）³×10N/kg=8N，
（2）∵木块漂浮，
∴木块受到的浮力：
F_浮=G_木=8N，
答：（1）木块所受的重力为8N；
（2）木块受到的浮力为8N．

点评：
本题考点： 重力的计算；浮力大小的计算．

考点点评： 浮力的计算题，往往要利用阿基米德原理与漂浮或悬浮的条件结合，由于木块静止在水面上，所以它所受到的浮力等于自身的重力，这是本题的关键．

唾液中只含有唾液淀粉酶；胃液中只含胃蛋白酶；肠液、胰液中含有多种消化酶包括消化脂肪的酶；胆汁不含消化酶，但是胆汁对脂肪有乳化作用，使脂肪变成脂肪微粒，加大了与消化酶的接触面积，促进了脂肪的消化．植物油的主要成分是脂肪，脂肪只能在小肠内才能被消化．首先在小肠中胆汁的作用下，脂肪被变成脂肪微粒，加大了与消化酶的接触面积．而后再在肠液和胰液中酶的作用下，被消化成甘油和脂肪酸．因此选项B即有胆汁的乳化作用，胰液、肠液中还含有消化脂肪的酶，故植物油消化的最快，试管中剩下的植物油最少．
故选：B

点评：
本题考点： 各种消化腺的位置和功能．

考点点评： 脂肪只能在小肠中消化，胆汁中不含有消化酶，对脂肪只能进行乳化．