供电的电压问题盛辉9G舵机：1.重量：9g 2.尺寸：22.6 mmx 21.8mm x 11.4mm 3.无负载操作速

设抢修车的速度是x千米/小时，
则[15/x]-[15/1.5x]=[15/60]．
解分式方程，得x=20．
经检验x=20是原方程的解．
答：抢修车的速度是20千米/小时．

点评：
本题考点： 分式方程的应用．

考点点评： 此题主要考查了分式方程的应用，难度中等，做此类题主要是要抓住关键条件列出方程解答即可．

（1）降压变压器的输出功率P₂=11×6×40W=2640W，
降压变压器的输出电流I3＝11×6×
40
220A＝12A，
则输电线上的电流I2＝I3
n4
n3＝12×
1
4A＝3A，
输电线上损失的功率P损＝I22R＝9×4W＝36W，
发电机的输出功率P₁=P₂+P_损=2640+36W=2676W．
（2）升压变压器的输出电压U2＝
P1
I2＝
2676
3V＝892V，
升压变压器的输入电压U1＝
n1
n2U2＝
1
4×892＝223V，
升压变压器原线圈的电流I1＝
P1
U1＝
2676
223A＝12A
则发电机的电动势E=U₁+I₁r=223=12V=235V．
答：（1）发电机的输出功率应是2676W；
（2）发电机的电动势为235V．

点评：
本题考点： 远距离输电．

考点点评： 解决本题的关键知道升压变压器的输出功率等于线路损耗功率和降压变压器的输入功率之和，发电机的输出功率等于升压变压器的输出功率，以及知道升压变压器的输出电压等于电压损失与降压变压器的输入电压之和．

（Ⅰ）A城供电费用为y₁=0.25×20x²，B城供电费用y₂=0.25×10（100-x）²； 所以总费用为：y=y₁+y₂=7.5x²-500x+25000（其中10≤x≤90）；
∵核电站距A城xkm，则距B城（100-x）km，∴x≥10，且100-x≥10，解得10≤x≤90； 所以x的取值范围是{x|10≤x≤90}．
（Ⅱ）因为函数y=7.5x²-500x+25000（其中10≤x≤90），当x=-[−500/2×7.5]=[100/3]时，此函数取得最小值；
所以，核电站建在距A城 [100/3]km处，能使A、B两城月供电总费用最小．

点评：
本题考点： 函数模型的选择与应用；二次函数在闭区间上的最值．

考点点评： 本题考查了二次函数模型的应用，二次函数求最值时，通常考虑是否取在对称轴x=-[b/2a]处，属于中档题．

共轴转动，角速度相等，故小齿轮和车轮角速度相等；
靠摩擦传动以及靠链条传动，线速度大小相等，故大齿轮和小齿轮边缘点线速度相等，车轮与摩擦小轮边缘点线速度也相等；
设大齿轮的转速n₁，则大齿轮边缘点线速度为2πR₃n₁，大齿轮和小齿轮边缘点线速度相等，故小齿轮边缘点线速度也为2πR₃n₁，故其角速度为
2πR3n1
R2，小齿轮和车轮角速度相等，故车轮角速度为
2πR3n1
R2；
车轮线速度为：
2πR3n1
R2•R1，车轮与摩擦小轮边缘点线速度相等，
故摩擦小轮边缘点线速度为
2πR3n1
R2•R1；
故摩擦小轮的转速n₂为

2πR3n1
R2•R1
2πr0=
R3R1
R2r0n1＝
10×35
4×1n1＝
175
2n1；
故n₁：n₂=2：175；
故答案为：n₁：n₂=2：175．

点评：
本题考点： 线速度、角速度和周期、转速．

考点点评： 物体做匀速圆周运动过程中，同缘传动且不打滑则它们边缘的线速度大小相等；而共轴则它们的角速度相等．

A、当电动势最大时，线框的磁通量变化率最大，所以t=0.005s时线框的磁通量变化率最大，故A正确；B、根据图象可知，电动势的最大值Em＝2202V，则有效值为U＝EM2＝220V，则电压表的示数为：UL＝UR+rR＝220100+10×100...

点评：
本题考点： 交流发电机及其产生正弦式电流的原理；焦耳定律；正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

考点点评： 本题考查了有关交流电描述的基础知识，能根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期等物理量，难度不大，属于基础题．

A、电压与匝数成正比，原线圈的电压有效值为
311

2V=220V，所以副线圈的电压的有效值为U₂=
5
11 U₁=100V，所以A错误．
B、灯泡的电流为I=[U/R]=[100/500]A=0.2A，小于灯泡的额定电流为0.28A，所以灯泡不能正常发光，所以B错误．
C、变压器不会改变电流的频率，通过灯泡的交变电流的频率为f=[1/T]=[ω/2π]=[100π/2π]=50Hz，所以C错误．
D、灯泡消耗的功率为P=
U2
R=
1002
500W=20W，变压器的原线圈和副线圈的功率是相同的，所以原线圈的输入功率为20W，所以D正确．
故选D．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决．

方法一：当电压表直接并联在电源上时，当正接线柱与电源的正极相连时，电压表要正向偏转，若与负接线柱相连时，要反向偏转．
方法二：让一个电流表与一个电灯串联，再接到电源的两极上，观察电流表指针偏转方向，若指针向反方向偏转，则与电流表正接线柱靠近的一端是蓄电池的负极，若指针正向偏转，则与电流表正接线柱靠近的一端是蓄电池的正极．

点评：
本题考点： 电压表的使用．

考点点评： 本题考查了利用电压表和电流表判断蓄电池的正负接线柱．注意使用电流表时要串联一个电阻或电灯，防止短路．

A、B、通常说的动力供电线路电压为380V，与照明电路的电压是220V，均指的是有效值，所以A错误，B正确．
C、交流电压表和交流电流表，测的是交流电的有效值，不是瞬时值，所以C错误．
D、机器铭牌上所标注的值、生活中通常所说的值都是指有效值．所以D正确．
故选：BD．

点评：
本题考点： 交流的峰值、有效值以及它们的关系．

考点点评： 要知道交流电的电压、电流的最大值、有效值、瞬时值的含义，以及有效值与最大值之间的关系．注意“照明电压220V、动力电压380V”指的都是有效值．

设输电线导线中的电流是I，则用户用电器消耗的电功率

(3分)

变压器副线圈的输出电压为

(3分)

对变压器，有

(2分)

原副线圈的匝数比为(1分)

<>

由特性曲线可知，电源A. B的电动势分别为2.0V和1.5V，故它们的电动势不相等，A不对；

电源A的内阻rA==5Ω，电源B的内阻rB==5Ω，故它们的内阻是相等的，B正确；

由于电源的输出功率P出=，故当外电路电阻R相等的时，由于它们的内阻r也相等，故电动势大的输出功率大，A的输出功率较大，C不对；

当总电流相等时，由于P出=IE−Ir，故电动势越大，则输出电功率也就越大，故A的输出功率较大，D是正确的。

BD


<>

A、二极管具有单向导电性，整流前，副线圈两端电压有效值为10
2V，整流后电压为U，由电流热效应知
(10
2)2
R×
T
2＝
U2
RT，得U=1OV，AB正确；
C、输入功率等于输出功率P=
102
10=10W，所以C错误；
D、电压与匝数成正比，变压器匝数比为220：10
2=11
2：1，所以D错误．
故选：AB

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理；电功、电功率；正弦式电流的图象和三角函数表达式．

考点点评： 本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系，同时对于二极管和电容器的作用要了解．

由图示电能表可知，其示数为8292.6kW．h；
家庭电路的线路连接中，使用大功率用电器时，电路电流很大，应该选择横截面积大的铜芯导线；
故答案为：8272.6；大．

点评：
本题考点： 电功的测量；影响电阻大小的因素．

考点点评： 本题考查了电能表读数、导线的选择，要掌握电能表的读数方法，电路电流越大，所选择的导线横截面积应该越大．

用户端电功率，电压，用户端电流，但从输电线到用户端经过降压变压器，电流变大，即输电线电流小于，所以输电线上损耗的功率小于，选项A错。是用户端功率，而是电场输出电压，输电线电流不等于所以损失的功率不等于，选项B错。设输电线上的电流为，则损失的功率为，是电厂输出功率，为升压变压器输出电压，所以输电电压越高，损失的功率越少，选项C对。而输电的效率，输电电压越高，效率越高，选项D错。

C


<>

由甲图知电压峰值为220
2V，周期0.02s，所以有效值为220V，角速度ω=[2π/T]=100πrad/s．
AB、线框与磁场垂直时，位于中性面，感应电动势为零，磁通量最大，故A正确，B错误；
C、电动势的有效值为220V，但由于内阻分压，则灯泡两端的电压的有效值将小于220V，故C错误；
D、频率f=[1/T]=50Hz，故D错误；
故选：A．

点评：
本题考点： 交流发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

考点点评： 本题考查了交流电的产生原理，要学会从图象中获取有用物理信息的能力，结合峰值和有效值的关系去分析．

如果导线电阻忽略时，灯接在恒定电压的电源上功率是60W；
因为导线和灯泡串联，当导线上电阻较大时，即电路中的电阻变大，
由P=
U2
R可知电路消耗的总功率变小，即小于60W，
而灯泡的实际功率是55W，所以此时导线消耗功率只能小于5W．

点评：
本题考点： 电功率的计算；电阻的串联．

考点点评： 本题考查了电阻的串联特点和电功率公式的灵活运用，关键是能把灯泡和导线转化为串联电路来处理．

（1）由实验数据可知，光敏电阻的阻值R随光照度E的增强而减小；
（2）太阳能电池板太阳能转化为电能，这种能量通过再次转化储存在大容量蓄电池内；
由题知，当线圈A中的电流I≥30.0mA时，动触点D与静触点G、H接触；当线圈A中的电流I＜30.0mA时，动触点D与静触点E、F接触，即当光照度小于15lx，路灯开始工作．即蓄电池给路灯供电，此时将电池的化学能转化为电能，而后再转化为路灯的光能；
（3）用LED灯消耗电能：
W=Pt=6×24×10^-3 kW×2h×30=8.64kW•h；
用日光灯消耗电能：
W′=P′t=30×24×10^-3 kW×2h×30=43.2kW•h；
W′-W=43.2kW•h-8.64kW•h=34.56kW•h．
（4）但目前有人反映LED路灯亮度不够，能提高亮度的建议是：多布一些路灯或使用功率更大的LED灯．
故答案为：（1）减小；（2）光；电；15；化学；光；（3）34.56；（4）使用功率更大的LED灯可以提高LED路灯的亮度．

点评：
本题考点： 电磁继电器的组成、原理和特点；电功的计算．

考点点评： 本题考查了学生对实验数据的分析、消耗电能（电功）的计算、电磁铁的使用、LED灯的节能、能量的转化，知识点多、复杂，属于难题．

A、由图象可知，交流电的周期为20×10-3s=0.02s，频率为f=1T=50Hz，故A错误；B、交流电的角频率为：ω=2πT=100πrad/s，根据图象可得，交变电流的瞬时表达式为i=Acosωt=5cos100πt（A），故B错误；C、在t=0.01s时...

点评：
本题考点： 正弦式电流的图象和三角函数表达式．

考点点评： 由交变电压的图象读出周期、电压的最大值是基本能力．知道正弦交变电流的最大值和有效值的大小关系，属于基本题．

设用峰电x千瓦时，则有0.55x+0.30×（300-x）=115，
解得：x=100．
∴王老师家该月使用“峰电”100千瓦时．

点评：
本题考点： 一元一次方程的应用．

考点点评： 解题关键是要读懂题目的意思，根据题目给出的条件，找出合适的等量关系，列出方程，再求解．