在滑片移动过程中,每种连接中连入电路的电阻如何变化?有无规律可循?设计一个实验表格,如图所示.

滑片P从a端向b端滑动的过程中，接入电路的电阻变小；
根据并联电路总电阻小于任何一个分电阻可知，并联部分的电阻变小，电路的总电阻越小；
根据串联电路的分压特点可知，甲灯泡两端的电压变大，并联部分的电压变小，即乙灯泡和滑动变阻器两端的电压变小；
根据I=[U/R]可知，通过乙灯的电流逐渐变小；
根据P=
U2
R可知，甲灯泡的实际功率变大，灯泡变亮．
故选CD．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用；电阻的串联；电阻的并联．

考点点评： 本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率的应用，关键是会分析滑片移动时电路电阻的变化和并联部分分得的电压变化．

由图可知，R₁与R₂串联，电压表测R₁两端的电压．图中，当滑片向右滑动时，R₂的电阻变大，则电路的总电阻变大，电路总电压等于电源电压保持不变，根据欧姆定律I=[U/R]可知，电路中电流变小（电流表示数变小），R₁的阻值不变，根据U₁=IR₁可知R₁两端电压变小（电压表示数变小）．
故选D．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；电压表的使用；滑动变阻器的使用．

考点点评： 本题的难点在于判断电压表与哪个电阻并联．思路按照先分析电阻变化情况，再分析电流变化情况，最后分析电压变化情况．

因电源的电压不变，所以电压表V₂的示数不变；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，连入电路的电阻变大，
由欧姆定律知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，
所以电压表V₂示数跟电流表A示数的比值变大．
故答案为：不变；变大．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用．

考点点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，以及滑动变阻器的使用，关键是滑动变阻器移动时电路图的分析．

A、并联电路两端电压等于电源电源，因此的灯泡两端电压不变；又因为并联电路各支路互不影响，因此灯泡中通过的电流不变，由P=UI可得，灯泡的实际功率不变，故灯泡两度不变；
B、A₁测量滑动变阻器中的电流，当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，而并联电路两端电压不变，由I=[U/R]得，A₁的示数变小；
C、因为通过滑动变阻器的电流减小，通过灯泡的电流不变，而干路电流等于支路电流之和，故干路电流变小，即A₂的示数变小；
D、因为电压表测量电源电压，而电源电压不变，故电压表示数不变．
故选B．

点评：
本题考点： 电路的动态分析；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用；实际功率．

考点点评： 本题考查滑动变阻器的使用、并联电路的电压和电流规律以及欧姆定律的应用的掌握情况；本类题型的关键是能够识别电路的连接方式，以及电压表和电流表测量的电压和电流．

（1）烧杯中盛放足量的生石灰，向烧杯中加入几滴含有酚酞试液的水时，会发生化学反应，生成氢氧化钙溶液，显碱性，使得无色的酚酞试液变红色，故答案为：红；
（2）在生石灰与水反应的过程中，伴随着热量的放出，从而使得试管中的白磷燃烧，从而导致试管中压强减大，在外界大气压强的作用下，活塞右移，由于o点固定，所以滑动变阻器的阻值减小，电流变大，灯泡变亮，白磷燃烧时消耗了试管中空气中的氧气，从而导致试管中压强减小，在外界大气压强的作用下，活塞左移，由于o点固定，所以滑动变阻器的阻值减大，电流变小，灯泡变暗；白磷燃烧时消耗了试管中空气中的氧气，从而导致试管中压强减小，在外界大气压强的作用下，活塞左移，故答案为：先变亮后变暗；偏左．

点评：
本题考点： 生石灰的性质与用途；空气组成的测定．

考点点评： 此题是一道既跨章节，有跨学科的综合试题，主要考查了化学中的白磷与氧气的反应和碱的化学性质以及物理上的滑动变阻器的有关知识．

因为并联电路两端电压等于电源电压，所以电压表的示数不变；
滑动变阻器的滑片P向左移动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变大，由I=[U/R]可得，通过滑动变阻器的电流变小，即电流表A₁的示数变小；
而电阻R₁的阻值不变，根据并联电路电阻的特点可知，此时电路中的总电阻变大，由公式I=[U/R]可知，电路中的总电流变小，即电流表A₂的示数变小．
故选D．

点评：
本题考点： 电路的动态分析．

考点点评： 本题考查了滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律、并联电路的特点，分析电路图确定两电阻的连接方式和电压表、电流表的测量对象是本题关键．

当滑片左移时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，即总电阻减小；
由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；
根据串联电路电阻的分压特点可知，滑动变阻器接入电路的电阻变小时分得的电压变小，即电压表的示数变小．
故选D．

点评：
本题考点： 电路的动态分析；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用．

考点点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电表所测电路元件的判断，这也是本题的难点．

将滑动变阻器的滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电阻变大，电路的总电阻变大；
由欧姆定律可得，电路中电流变小，即电流表示数变小；
由U=IR可知，灯泡两端的电压变小，即电压表的示数变小．
故选D．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用．

考点点评： 本题考查电功率和欧姆定律公式及其变形的灵活运用，难点是判断滑动变阻器滑片移动过程中电路电阻的变化，要知道串联电路电流和电压的规律．

根据电路图可知，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，当滑片移动时，电路中的总电阻不发生改变，因此电路中的电流不变，即电流表示数不变；故AB错误；
根据P=I²R可知，灯泡的实际不变，因此灯泡的亮度不变；
当滑片向左移动时，滑动变阻器右半部分电阻变大，即电压表测量的阻值变大，由U=IR可知，电压表的示数变大，故C正确，D错误．
故选C．

点评：
本题考点： 电路的动态分析．

考点点评： 本题考查动态电路分析，关键是明确电路的结构以及电流表和电压表测量的对象，并且会灵活应用功率计算公式和欧姆定律的应用．

（1）当滑片向左移动时，滑动变阻器中接入电阻变小，则电流变大，故电磁铁的磁性增强．
（2）用右手握住螺线管，让四指的方向和电流的方向相同，那么，大拇指所指的一端为通电螺线管的北极．即b端为N极，a端为S极．
故选B．

点评：
本题考点： 影响电磁铁磁性强弱的因素；安培定则；欧姆定律的应用．

考点点评： 此题主要考查的是学生对通电螺线管磁性强弱影响因素的了解和掌握，以及对安培定则的理解和应用，是中考的常见题型．

因为电压表测量电源电压，所以无论滑动变阻器滑片怎样向左滑动，电压表的示数都不变；
在并联电路中干路电流等于支路电流之和，电流表A与A₁示数的差值是通过定值电阻R₂的电流，因为R₂阻值不变，两端电压不变，由公式I=[U/R]知，通过的电流也不变．
故答案为：不变；不变．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用．

考点点评： 此题给我们的两个启示：①滑动变阻器必须与用电器串联才能起到改变用电器两端电压的作用，并联时对用电器没有影响--甚至造成电源短路；②只要在并联电路中，电压表示数都不变．

R＝
U
I＝
3V
1.5A＝2Ω，R′＝
U′
I′＝
6V
0.5A＝12Ω，故（1）正确；
U_总=3V+1.5A×R，
U_总=6V+0.5A×R
解之：R=3Ω，故（2）正确；
U₁=I₁R=0.5A×3欧=1.5V，U₂=I₂R=1.5A×3欧=4.5V，R两端的电压变化范围是1.5V--4.5V，故（3）错误；
电源电压为U_总=3V+1.5A×3Ω=7.5V，则P₁=U_总I′=7.5V×0.5A=3.75W，P₂=U_总I=7.5V×1.5A=11.25W，故（4）正确．
故选D

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；电功率的计算．

考点点评： 会熟练应用欧姆定律进行计算，会灵活应用电功率的公式进行计算．

根据电路图可知，当滑动变阻器的滑片在最下端时，将形成电源短路，因此电流表和电源将被烧坏，电压表不会被烧坏．
故选B．

点评：
本题考点： 电路的三种状态．

考点点评： 本题考查电路状态的判断，以及短路的危害．

当滑片在中点时由欧姆定律可知，电流中电流：
I₁=[U
R1+
1/2R]，
则滑动变阻器两端的电压：
U₁=I₁×[1/2]R=[U
R1+
1/2R]×[1/2]R=4V------①
由题意知，当滑片滑到b处时因R的接入电阻变大，故电压表示数应增大，即滑片滑到b点时，滑动变阻器两端电压为U₂=4V+2V=6V；
同理得：[U
R1+R×R=6V-------②
联立①②可得：
R1+R
R1+
1/2R]=[4/3]，即R₁=R------③
将③代入①可得：[U
R+
1/2R]×[1/2]R=4V；
U=12V，故A正确；
当滑片滑到b点时，R₁两端电压为U₂′=12V-6V=6V；
则由Q=
U2
R1t=60J可得：R₁=
(6V)2
60J×15s=9Ω，故B错误；
因R=R₁，故R的最大阻值为9Ω，故C正确；
滑片在中点时，R₁两端的电压为12V-4V=8V，滑片在b点时，电压为6V，则电压之比为[4/3]，
由P=
U2
R可得：功率之比为电压平方之比，即为[16/9]，故D正确．
故选AC．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；电功率的计算．

考点点评： 本题已知量较少，故无法直接求出结果，所以其难点在于学生能否准确地建立方程；在电学中此类采用方程法求解的题目较多，应根据题意灵活设定未知量，列出方程才能准确求解．

在滑动变阻器的滑片P由a向b移动的过程中，变阻器并联总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律分析可知，电路中总电流I先减小后增大，则电流表的读数先减小后增大，R₀的功率先减小后增大．路端电压先增大后减小，则电压表的读数先增大后减小．由于电源的内阻与外电阻的关系未知，无法判断电源输出功率如何变化．
故选BD

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．

考点点评： 本题中变阻器两侧电阻并联，滑片滑到中点时，并联电阻最大．考查分析电路动态变化问题的能力．

（1）根据安培定则可得，螺线管的上端为S极，下端为N极，
（2）若将变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，所以电路中的电流变小，通电螺线管的磁性减弱；故对铁块的作用力减小，即弹簧长度应变短．
故答案为：N；变短．

点评：
本题考点： 安培定则；影响电磁铁磁性强弱的因素．

考点点评： 本题将电路知识及磁场知识结合在一起考查了学生综合分析的能力，要求学生能灵活运用所学知识进行综合分析从而找出正确答案．

闭合开关S，滑动变阻器的滑片P在中点c时，电阻R₀和滑动变阻器R_c=[1/2]R串联；
电路中的电流为I=[U
R0+RC=
U
10Ω +
1/2R]=0.3A---------①
移动滑片P至b端时，电阻R₀和滑动变阻器R_b=R串联；
此时电路中的电流为I′=[U
R0+Rb=
U/10Ω +R]=0.2A-----②
由①②两式可得：U=6V，R=20Ω．
答：电源电压为6V；滑动变阻器的最大阻值为20Ω．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；滑动变阻器的使用．

考点点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的计算，关键是根据已知电流利用串联电路电阻特点和欧姆定律列出方程组．

解；
（1）设电源电压为U，当滑片滑到a点时，滑动变阻器短路，R₁消耗的功率最大；
最大功率P_最大=
U2
R1=7.2W ①；
当滑片滑到b端时，滑动变阻器全部接入，此时电阻R₁消耗的电功率最小，
此时滑动变阻器两端电压是4V，电阻R₁两端的电压为U-4V，
R₁消耗的功率P_最小=
(U−4V)2
R1=0.8W ②；
[①/②]解得，U=6V，R₁=5Ω；
（2）滑片在b端时，电阻R₁的功率最小，P_最小=I_b²R₁，
此时电路电流I_b=

P最小
R1=

0.8W
5Ω=0.4A，
电阻R₁两端电压U₁=I_bR₁=0.4A×5Ω=2V，
此时滑动变阻器R₂的电压U₂=U-U₁=6V-2V=4V，
滑动变阻器R₂的电功率的功率P₂=U₂I_b=4V×0.4A=1.6W；
故答案为：0.4；1.6．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；电功率的计算．

考点点评： 分析滑动变阻器接入电路的电阻与电阻R1的电功率的大小关系，然后运用电功率公式的变形列出关于U和R1的方程组是解本题的关键．

由电路图可知，电阻和滑动变阻器并联，电压表V测电源的电压，电流表2₁测滑动变阻器支路的电流，2测干路电流；
∵电源的电压不变，
∴电压表的示数不变；故2错误；
∵滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路的电阻变u，
∴根据的=[U/R]可知，该支路的电流变小，即电流表2₁的示数变小；故B错误；
∵并联电路各支路两端的电压相同，通过R_m的电流不变，
∴根据电流表2示数为两条支路的电流之和可知：电流表2示数变小；故C错误；
∵并联电路干路电流等于各支路电流之和，
∴电流表2₁的示数变小，即电压表V与电流表2的示数比变u；故D正确．
故选D．

点评：
本题考点： 电路的动态分析．

考点点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是滑片移动时接入电路电阻变化的判断和电压表所测电路元件的判断．

由电路图可知，R₁和R₂串联，电压表V测R₂两端的电压，电流表测电路中的电流；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，
∵I=[U/R]，
∴电路中的电流变大即电流表A的示数变大，定值电阻R₁两端的电压变大，
∵串联电路的总电压等于各分电压之和，
∴滑动变阻器两端的电压变小，即电压表V的示数将变小．
故答案为：变大；变小．

点评：
本题考点： 电路的动态分析；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用．

考点点评： 本题是一道动态分析题，分析清楚电路结构，熟练应用串联电路特点及欧姆定律即可正确解题．

铁钉吸引铁屑的能力增强，应增大通过线圈的电流，所以减小滑动变阻器的阻值，则滑片应向a端移动．
故答案为：a．

点评：
本题考点： 影响电磁铁磁性强弱的因素．

考点点评： 此题考查了影响电磁铁磁性强弱的因素，同时涉及到了滑动变阻器的使用．

图示电路中灯泡与滑动变阻器的连接方式分别为串联和并联；灯泡的实际功率决定灯泡的明暗程度．
左图：灯泡与滑动变阻器串联，当滑片从中点向右滑动的过程中，滑动变阻器接入电路中的电阻增大，电路中的电流减小，根据功率的计算公式P=I²R可得，R不变，I减小，因此灯泡的实际功率减小，即灯泡的亮度变暗．
右图：灯泡与滑动变阻器并联，并且并联电路中各支路用电器互不影响，或根据P=
U2
R进行分析，R和U都不变，因此灯泡的实际功率不变，故灯泡的亮度不变．
因此L₂始终比L₁亮．
故选 D．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；电功率的计算；实际功率．

考点点评： 首先要求学生会识别串联电路和并联电路，并且知道决定灯泡明暗程度的物理量，会根据串并联电路的特点判断灯泡明暗程度的变化．

（1）由电路图可知，质量表串联在电路中，所以是由电流表改装的；
由图知，空盘时，电路为R₀的简单电路，可以防止滑片引起的短路，从而起到保护电路的作用；
（2）空盘时，电路为R₀的简单电路，
由欧姆定律可得：
R₀=[U/I]=[3V/0.3A]=10Ω；
（3）称量最大质量时，电阻R₀与R的最大阻值串联，
∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
∴电路消耗的总功率：
P=
U2
R+R0=
(3V)2
40Ω+10Ω=0.18W；
（4）由图象可知，k=[△L/F]=[1/5]cm/N，
当放入重为G的物体时，弹簧被压缩的长度：
△L₁=[G△L/F]，
∵电阻丝是均匀的，连入电路中R的阻值与接入的电阻丝长度成正比，
∴R=△L₁×
Rm
X0=[G△L/F]×
Rm
X0=k
GRm
X0，k=[1/5]cm/N．
答：（1）电流；保护电路；
（2）R₀的阻值为10Ω；
（3）称量最大质量时，电路消耗的总功率为0.18W；
（4）R接入电路的阻值为k
GRm
X0，k=[1/5]cm/N．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；电阻的串联；电功率的计算．

考点点评： 本题考查了电表的正确使用和电路中定值电阻的作用以及串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象得出拉力与弹簧伸长量之间的关系．

当滑片P在中点c时，
电路中的电流为I_C=[U
RL+
1/2R]，所以此时灯泡的功率为P_L=I_C²R_L=（[U
RL+
1/2R]）²R_L----①
当滑片P在b点时，
电路中的电流为I_b=
U
RL+R，所以此时灯泡的功率为P_L′=I_b²R_L=（
U
RL+R）²R_L-----②
又因P_L：P_L′=9：4------------------------------------③
由①②③可得：R_L：R=1：2．
故选B．

点评：
本题考点： 电功率的计算；滑动变阻器的使用．

考点点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律，以及电功率公式的应用，关键是滑动变阻器处于不同位置时电路连接情况的判断．

两个电阻是串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压；当滑片向右移动时，滑动变阻器连入电路的电阻变大，由欧姆定律知，电路中的电流随电阻的变大而变小，由U=IR知，定值电阻R₀两端的电压变小；而串联电路中总电压等于各个用电器的电压之和，故滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大．
故选B．

点评：
本题考点： 电路的动态分析；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用．

考点点评： 本题考查了欧姆定律、串联电路的特点在动态电路中的应用．此类题应首先判断出滑动变阻器的阻值是怎样变化，由欧姆定律得到电流的变化，再由串联电路的电压特点分析各个用电器的电压变化．