保温灯150瓦一小时需要用多少电

（1）由电路图可知，S接2时电路为R的简单电路，S接3时R₁与R₂串联，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由P=
U2
R可知，S接2时电路中的电阻最小，热水器的功率最大处于加热状态，
S接3时电路中的电阻最大，热水器的功率最小处于保温状态；
（2）由P=
U2
R可得，电热管的电阻：
R=
U2
PR=
(220V)2
1100W=44Ω，
保温时电路中的总电阻：
R_总=
U2
P保温=
(220V)2
100W=484Ω，
则R₀=R_总-R=484Ω-44Ω=440Ω；
（3）由P=UI可得，保温时电路中的电流：
I=
P保温
U=[100W/220V]=[5/11]A，
则保温时R的实际功率：
P_R′=I²R=（[5/11]A）²×44Ω≈9.1W；
（4）由P=[W/t]可得，在保温状态下，6min内消耗的电能：
W=P_保温t=100×10^-3kW×[6/60]h=0.01kW•h，
所以，电能表的转盘转过的转数：
n=0.01kW•h×3000R/kW•h=30R．
答：（1）S接2时热水器处于加热状态，S接3时热水器处于保温状态；
（2）R的阻值为44Ω，R₀的阻值为440Ω；
（3）保温时，R的实际功率是9.1W；
（4），在6min内电能表的转盘转过30转，热水器的保温实际功率恰好等于它保温状态下的额定功率．

点评：
本题考点： 电功率的计算．

考点点评： 本题考查了串联电路的特点和电功率公式的灵活应用，关键是电能表参数含义的理解与掌握，要注意题干中的保温功率是指保温时电路中的总功率．

1×（3.14×3²×5）
=1×141.3
=141.3（千克），
因为150＞141.3，
所以不能装下．
答：这个保温桶不能盛150千克水．

点评：
本题考点： 关于圆柱的应用题．

考点点评： 此题主要考查的是圆柱的体积公式的灵活应用．

A、A、由于进行保温，所以酶都未失活性．细胞膜虽破，但细胞质中的酶以及线粒体还在，所以能进行呼吸作用，产生CO₂，A正确；
B、线粒体虽能进行呼吸作用，但是葡萄糖必须第一步在细胞质中无氧酵解成丙酮酸后才能进入线粒体进一步的反应，而线粒体不能直接利用葡萄糖，B错误；
C、核糖体是蛋白质的合成场所，该试管中不能产生CO₂，C错误；
D、内质网不是进行呼吸作用的场所，不能产生二氧化碳，D错误．
故选：A．

点评：
本题考点： 细胞呼吸的过程和意义．

考点点评： 本题考查了有氧呼吸的三个过程的场所、每个过程的反应物和产物，解题时要对有氧呼吸每个过程参与的反应物加以区分，②往往因不能正确区分有氧呼吸第二阶段的反应物是葡萄糖还是丙酮酸而错选．

太阳辐射被大气吸收和地面吸收，增温形成大气辐射和地面辐射，④应是太阳辐射，地面辐射是长波辐射，CO2和水汽吸收长波辐射，③处为地面辐射．大气增温后形成大气辐射，故②为大气辐射，大气辐射中一部分射向地面，对地面起着保温作用，即①为大气逆辐射．故排列为④③②①．
故选：C．

点评：
本题考点： 大气的受热过程．

考点点评： 理解记忆大气受热过程及辐射特征即可，属于基础题．

（1）根据ρ=[m/V]可得，热水箱装满水后水的质量：
m=ρV=1.0×10³kg/m³×2×10^-3m³=2kg，
水吸收的热量：
Q_吸=cm（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×2kg×（90℃-20℃）=5.88×10⁵J；
（2）饮水机在加热状态下的功率为880W，则工作lOmin消耗的电能：
W_加热=P_加热t=880W×10×60s=5.28×10⁵J；
（3）温控开关断开时，电路为R₂的简单电路，饮水机处于保温状态，
由P=
U2
R可得，R₂的阻值：
R₂=
U2
P保温=
(220V)2
44W=1100Ω．
答：（1）将热水箱装满水后从20℃加热到90℃，水吸收的热量是5.88×10⁵J；
（2）饮水机在加热状态下正常工作lOmin，消耗的电能是5.28×10⁵J；
（3）R₂的阻值是1100Ω．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算；电功率的计算．

考点点评： 本题考查了学生对吸热公式、电功率公式、电功公式的掌握和运用，是一道电学与热学的综合应用题，与生活实际相联系，属于中考常见题型．

A、火山喷发，则产生大量火山灰进入到大气中，就相当于增厚了大气，对太阳辐射的反射作用变强，到达地面的太阳辐射减少，即为b减少，故不符合题意；
B、达到地面的太阳辐射减少，地面温度降低，地面辐射减弱，即为d减弱，故不符合题意；
C、火山喷发，则产生大量火山灰进入到大气中，就相当于增厚了大气，对太阳辐射的反射作用变强，即为e增强，故正确；
D、C在大气层上界，太阳辐射是来自于太阳本身，与地球活动无关，故不符合题意．
故选：C．

点评：
本题考点： 大气的受热过程．

考点点评： 根据示意图理解大气受热过程及大气对太阳辐射的削弱作用即可，属于基础题．

S闭合时，R1被断路，R2中的电流较大，热功率较大，处于加热状态，S断开时，R1与R2串联，R2中的电流较小，热功率较小，处于是保温状态，AB错误，CD正确。

CD

保温时通过电热水瓶的电流I=
P保
U=[30W/220V]≈0.1A，
煮水六分钟，消耗的电能是W=P_煮t=0.7kw×[1/10]h=0.07kw•h．
故答案为：0.1；0.07．

点评：
本题考点： 电功的计算；物理量的单位及单位换算．

考点点评： 本题考查消耗电能和电流的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，解题过程中要注意单位的换算，还要学会认识用电器的铭牌．

硝酸根离子(NO−3)中的氮元素的化合价是+5，到亚硝酸(NO−2)的化合价是+3。人类获得氧主要是靠呼吸，而不是利用水中的溶解氧。要比较省电情况，就是要比较一段时间内消耗的电能。如果一次性把水加热到95℃，只要测出加热时间，利用加热功率就可以求出消耗的电能。8小时内保温状态下反复加热消耗的电能，需要测出8小时内加热时间和保温的时间，根据加热和保温功率来算出消耗的电能。在测量时，真时间一定的，只要测出加热时间即可，只要测出两个时间即可。

（1）从＋５到＋３ （2）否 人通过呼吸运动吸入空气中的氧气   （3）水从室温上升到95℃所需的加热时间　　水从85℃上升到95℃所需的加热时间    开始保温到下次加热的时间

（1）由图可知，当开关S闭合，开关S₀断开时，只有R₂工作，
根据电阻越并越小、小于任何一个分电阻可知，电路电阻变大；
饮水机处于保温状态，则它的功率是50W．
（2）已知保温功率P_保=50W，电压U=220V，
R₂=
U2
P保温=
(220V)2
50W=968Ω．
（3）满箱水的质量：
m=ρV=1.0×10³kg/m³×1×10^-3m³=1kg，
水所需吸收热量：
Q_吸=cm（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（95℃-20℃）=3.15×10⁵J，
电热器放出的总热量：
Q_总=
Q吸
η=
3.15×105J
90%=3.5×10⁵J，
加热所需时间：
t=[W
P加热=
Q总
P加热=
3.5×105J/500W]=700s．
答：（1）当开关S闭合，开关S₀断开时，饮水机的功率是50W；
（2）保温电阻R₂的阻值是968Ω；
（3）将满热水箱的水从20℃加热到95℃需要的时间700s．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算．

考点点评： 本题为电学和热学的综合计算题，考查了学生对热量公式、电功率公式的掌握和运用，涉及到电路动态分析、从铭牌搜集有用信息，属于难题．

（1）由ρ=[m/V]得水的质量：
m=ρ_水V=1.0×10³kg/m³×1×10^-3 m³=1kg
散失的热量：
Q_放=cm△t=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（90℃-70℃）=8.4×10⁴J；
（2）当开关S₁、S₂都闭合时，两发热管并联，电路中的总电阻最小，电功率最大，饮水机处于加热状态，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，饮水机的加热功率：
P_加热=
U2
R1+
U2
R2=
U2
R1+
U2

1
9R1=
10U2
R1，
由图乙可知，P_加热=500W，
即：
10U2
R1=500W，
∴
U2
R1=50W，
当开关S₁闭合、S₂断开时，电路为R₁的简单电路，电路中的总电阻最大，饮水机处于保温状态，则
P_保温=
U2
R1=50W；
（3）加热时消耗的电能：
W_加=P_加t_加=500W×3×60s=9×10⁴J，
保温时消耗的电能：
W_保=P_保t_保=50W×17×60s=5.1×10⁴J
该饮水机在一个工作循环的20min内，消耗的电能：
W_总=W_加+W_保=9×10⁴J+5.1×10⁴J=1.41×10⁵J．
答：（1）在17min的保温过程中，瓶胆内的水散失的热量为8.4×10⁴J；
（2）该饮水机的保温功率是50W；
（3）该饮水机在一个工作循环的20min内，消耗的电能为1.41×10⁵J．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算；热量的计算；电功的计算；电功率的计算．

考点点评： 本题考查了吸热公式和电功率公式、并联电路的特点、电功公式的灵活应用，分清饮水机在一个工作循环内的加热时间和保温时间是关键．

（1）开关按下时，R₂短路，电阻R₁的阻值：
R₁=
U2
P1=
(220V)2
1100W=44Ω．
（2）开关弹起后，R₁与R₂串联，
①电路中的电流：
I=
P2
U=[44W/220V]=0.2A；
②电路中的总电阻：
R=[U/I]=[220V/0.2A]=1100Ω，
R₂=R-R₁=1100Ω-44Ω=1056Ω．
（3）当温控开关按钮弹起时
U₁=IR₁=0.2A×44Ω=8.8V，远远小于220V；
U₂=U-U₁=220V-8.8V=211.2V，与220V比较接近；
所以，红灯不亮黄灯亮．
答：（1）“烧煮电路部分”的电阻R₁为44Ω；
（2）①电路中的电流为0.2A；②“保温电路部分”的电阻R₂为1056Ω；
（3）因为红灯两端的电压远远小于其额定电压，而黄灯两端的电压与额定电压接近，因此红灯不亮黄灯亮．

点评：
本题考点： 电功率的计算；欧姆定律的应用；电阻的串联．

考点点评： 本题考查了串联电阻的关系和欧姆定律、电功率的计算，关键是开关闭合前后电路的动态分析，知识点多，易错，属于难题．

（1）因为电源电压大于红灯的额定电压，因此R1起分压作用，使灯泡正常发光；∵P=UI∴红灯正常发光时，通过红灯的电流：I红=P红U红=1W6V=16A；此时R1两端电压：U1=220V-6V=214V；又∵I=UR∴R1的阻值：R1=U1I红=214V16...

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算．

考点点评： 分析清楚电路结构，知道何时用电器处于加热状态、何时处于保温状态，是正确解题的关键，灵活应用功率的变形公式、串联电路的特点以及欧姆定律正确解题．

（1）电水壶处于保温状态，根据P=
U2
R可知，此时电路中的电阻最大，S₀断开、S闭合，R和R₀串联；
（2）电水壶处于加热状态，只有R工作，所以R的阻值：
R=
U2
P加热=
(220V)2
1100W=44Ω；
电水壶处于保温状态，R和R₀串联
R_串=
U2
P保温=
(220V)2
40W=1210Ω
∴R₀=R_串-R=1210Ω-44Ω=1166Ω；
（3）0.5升水的质量：
m=ρV=1.0×10³kg/m³×0.5×10^-3m³=0.5kg，
水放出的热量：
Q_放=cm△t
=4.2×10³J/（kg•℃）×0.5kg×（80℃-20℃）
=1.26×10⁵J．
答：（1）保温状态下，开关S₀断开、S闭合；
（2）电阻R₀和R的阻值分别为1166Ω、44Ω；
（3）一满壶80℃的水，自然冷却到室温（20℃），水释放的热量为1.26×10⁵J．

点评：
本题考点： 热量的计算；电功率的计算．

考点点评： 本题为电学和热学的综合计算题，考查了额定电压、额定功率、密度的计算、热量的计算、电功率的计算、串联电路的电阻特点，要会分析电路图、能从铭牌得出相关信息．

热传递有三种方式：热传导、对流和热辐射．热传导一般发生在温度不同的、相互接触的固体之间，对流发生在温度不同的液体和气体之间，辐射发生在不接触的温度不同的物体之间．所以本题中保温瓶就不保温了．造成这种不保温的主要热传递方式是传导．
故选A．

点评：
本题考点： 热传递．

考点点评： 本题主要考查学生对：热传递三种方式特点的了解和掌握，是中招的热点．

A、当S₁闭合，S₂断开时，电阻中只有电阻R₁，由P=
U2
R可知，功率较小，为保温状态；当S₁、S₂都闭合时，R₁、R₂并联，并联电路的总电阻小于R₁或R₂，由P=
U2
R可知，功率较小，为加热状态；符合要求；
B、当S₁闭合，S₂断开时，R₁、R₂串联，电路中的总电阻为两电阻之和，由P=
U2
R可知，功率较小，为保温状态；当S₁、S₂都闭合时，R₂被短路，电路只有电阻R₁，由P=
U2
R可知，功率较小，为加热状态；符合要求；
C、当S₁闭合，S₂断开时，电阻中只有电阻R₁，由P=
U2
R可知，功率较小，为保温状态；当S₁、S₂都闭合时，R₁、R₂并联，并联电路的总电阻小于R₁或R₂，由P=
U2
R可知，功率较小，为加热状态；符合要求；
D、当S₁闭合，S₂断开时，R₁、R₂并联，并联电路的总电阻小于R₁或R₂，当S₁、S₂都闭合时，形成电源短路，不符合要求；
故选D．

点评：
本题考点： 串、并联电路的设计．

考点点评： 解决本题的关键是根据题意分析出在开关的不同组合下，电路中电阻的特点；然后根据电路中开关和电阻的特点分析符合要求的选项．

（1）零刻度在温度计的下方，液柱远离零刻度，是零上，每一个大格代表10℃，每一个小格代表1℃，示数是65℃．
（2）用海绵包裹的热水瓶中水降低的温度为：80℃-52℃=28℃．
此过程中水不断放出热量，水内能减小．
（3）用棉花包裹的热水瓶中水降低的温度为：50℃-33℃=17℃．用海绵包裹的热水瓶中水降低的温度为28℃．所以两次测量的25min内，用海绵包裹时水放出的热量大于用棉花包裹时水放出的热量．
（4）描出（0，80）（5，72）（10，65）（15，59）（20，55）（25，52），用光滑的曲线连接起来．

（5）由实验数据知：没有保持两次水的初温相同，以及经历相同的室温环境，所以不能正确比较．
故答案为：（1）65；（2）28；减小；（3）大于；（4）如上图；（5）不能；没有保持两次水的初温相同，以及经历相同的室温环境．

点评：
本题考点： 控制变量法与探究性实验方案；温度计的使用及其读数．

考点点评： （1）比较保温性能时，比较在相同时间内，质量相等的水温度变化量大小．
（2）本题利用数学描点法描绘图象，体现了数学和物理的密切关系．