快一模了 英语特烂 怎么快速提高英语成绩

将1720000用科学记数法表示为：1.72×10⁶．
故选B．

点评：
本题考点： 科学记数法—表示较大的数．

考点点评： 此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．

A、因电离度=[已电离的量/起始的量]×100%，则25℃时醋酸的电离度应指明起始的浓度，电离程度与酸的浓度有关，浓度越小，电离度越大，故A选；
B、因溶解度指在一定温度和压强下，100g水中溶解的溶质的最大质量，则条件都具备，故B不选；
C、离子积与温度有关，温度越大，离子积越大，温度已知，则条件具备，故C不选；
D、标准状况时，Vm=22.4L/mol，M=32g/mol，ρ=[M/Vm]=[32g/mol/22.4L/mol]=1.429g/L，则条件具备，故D不选；
故选A．

点评：
本题考点： 弱电解质在水溶液中的电离平衡；溶解度、饱和溶液的概念．

考点点评： 本题考查知识点较多，学生明确电离度、溶解度、离子积极密度的计算公式即可解答，难度不大，注重对定义的理解来分析解答．

化学反应前后元素的种类不变，硝酸铵中有氮元素、氢元素、氧元素三种元素，故分解后得到的气体中只能含有这三种元素．
故选B

点评：
本题考点： 质量守恒定律及其应用．

考点点评： 本题考查了质量守恒定律，明白元素的种类在化学反应前后不变是解决本题的关键．

（1）经过分析可知，木板碰挡板前，木块和木板组成的系统保持相对静止向右匀减速运动，设木板碰挡板时的速度为v₁，其加速度为a₁，对二者组成的系统，由其受力分析结合牛顿第二定律有：μ₁（m+M）g=（m+M）a₁

v20-
v21=2a1s
其中：s=x-L=21m-11.5m=9.5m．
解得：v₁=9m/s（水平向右）
（2）由题意可知，当木板碰到挡板并撤掉挡板后，木板以初速度v₁向左做匀减速运动，木块以初速度v₁向右做匀减速运动，设木板和木块的加速度分别为a₂和a₃，由牛顿第二定律可知：
a₂=
μ2mg+μ1(M+m)g
M=6m/s²（水平向右）
a₃=
μ2mg
m=μ₂g=9m/s²（水平向左）
假设木块没有掉离木板，由于木块加速度较大，所以木块先停下，然后向左做匀加速运动，直到二者保持相对静止．设二者保持相对静止所用时间为t₂，
共同速度为v₂，可得：v₁-a₃t₂=-（v₁-a₂t₂）
解得：t₂=1.2s v₂=1.8m/s（水平向左）
在此过程中，木块运动位移s1=
v1-v2
2×t2=4.32m（水平向右）
木板运动位移s2=
v1+v2
2×t2=6.48m（水平向左）
所以二者相对位移△s=s₁+s₂=10.8m＜L=11.5m，即二者相对运动时木块没有掉离木板．二者共速后，又以a1=1m/s2向左减速至停下，
设其向左运动的位移为s₃
v22=2a1s3
解得：s₃=1.62m
最终木板M左端A点位置坐标为x=x₀-L-s₂-s₃=1.4m．
答：（1）木板碰挡板P前瞬间的速度v₁为9m/s，方向向右．
（2）木板最终停止运动时其左端A的位置坐标为1.4m．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 解决本题的关键理清木板和木块在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．本题也可以通过动能定理、功能关系进行求解．

A、由溶解度曲线可知，t₁℃时甲物质的溶解度为50g，即100g水中达饱和时溶解50g甲物质，
所以在t₁℃时，将56g甲物质放入100g水中，搅拌，充分溶解，只能溶解50g，可得到溶液150g，质量分数D×100%=33.3%，故A正确；
B、据溶解度曲线，及溶解度的概念知，点A描述的是t₂℃时甲物质的饱和溶液，故B正确；
C、据溶解度曲线知，t₂℃时甲物质的溶解度为70克，即100g水中溶有70g甲，其溶液的质量为170g，由此可知，此溶液中水为100g，t₁℃时，该物质的溶解度为50g，故若不考虑水分的损失，将170gt₂℃时的饱和溶液降温至t₁℃能析出晶体20g，故C正确；
D、A点是t₂℃时甲的饱和溶液，B点是t₁℃时甲的饱和溶液，由于甲的溶解度随着温度的升高而增大，故A点的溶解度大于B点的溶解度，A的溶质的质量分数大于B的溶质的质量分数；C、D分别为t₂℃时、t₁℃时甲的不饱和溶液，由于溶质的质量相等，故溶液中溶质的质量分数相等；故溶质质量分数大小关系为A＞B＞D=C，故错误．
故选D．

点评：
本题考点： 固体溶解度曲线及其作用；晶体和结晶的概念与现象；溶质的质量分数、溶解性和溶解度的关系．

考点点评： 本题主要考查了固体溶解度曲线的意义及综合运用，考查学生运用溶解度随温度变化规律分析问题的能力．

证明：∵四边形ABCD是矩形，
∴AB=CD，AD=BC，AD∥BC，
∴∠AFB=∠DAF，
∵DE=DC，DC=AB，
∴AB=DE，
∵在△ABF和△DEA中


∠DEA＝∠B
∠DAE＝∠AFB
DE＝AB，
∴△ABF≌△DEA，
∴AF=AD，
∵AD=BC，
∴AF=BC．

点评：
本题考点： 矩形的性质；平行线的性质；全等三角形的判定与性质．

考点点评： 本题考查了矩形册性质，全等三角形的性质和判定，平行线的性质的应用，关键是推出△ABF≌△DEA，题目比较好，难度适中．

（1）熟石灰是氢氧化钙的俗称，氢氧化钙具有碱性，可用于改良酸性土壤．
（2）硝酸钾含有氮元素和钾元素，能用作复合肥料．
（3）氢气燃烧产物是水，无污染，被称为理想“无污染能源”．
（4）生石灰是氧化钙的俗称，能与水反应生成氢氧化钙，常用作食品包装内干燥剂．
故答案为：（1）④；（2）③；（3）①；（4）②．

点评：
本题考点： 常见碱的特性和用途；生石灰的性质与用途；常见化肥的种类和作用；氢气的用途和氢能的优缺点．

考点点评： 本题难度不大，物质的性质决定物质的用途，掌握常见化学物质的性质和用途是正确解答此类题的关键．

∵集合A={x|（x+1）（x-5）＞0}={x|x＞5或x＜-1}，
B={x|a＜x＜a+8}，A∪B=R，
∴

a＜−1
a+8＞5，解得-3＜a＜1．
故选：A．

点评：
本题考点： 并集及其运算．

考点点评： 本题考查实数的取值范围的求法，是基础题，解题时要注意并集性质的合理运用．

（1）由图可知：t₁℃时，甲物质的溶解度＜丙物质的溶解度；
（2）t₂℃时甲的溶解度是20g，所以把100g水加入到盛有15g甲物质的烧杯中，充分溶解后所得溶液是甲物质的 不饱和溶液；
（3）不知乙溶液的质量，故无法判断溶液中溶质的质量，所以乙t₃℃时，乙的饱和溶液中一定含有40g乙物质，此说法是错误的；
（4）由图可知：甲的溶解度随温度的变化情况比乙大，所以等质量的甲、乙两种物质的饱和溶液从t₃℃降温到t₁℃时，甲析出晶体的质量大于乙，所以剩余的甲溶液的质量＜乙溶液的质量；
（5）t₁℃时丙的溶解度大于甲的溶解度，假设甲、丙均为白色固体，利用t₁℃时的溶解度数据，可分别取该温度时100g的水，然后分别加入20g固体，有剩余固体的是甲，无固体剩余的是丙；
故答案为：（1）＜；（2）不饱和；（3）错误；（4）＜；（5）能．

点评：
本题考点： 固体溶解度曲线及其作用；晶体和结晶的概念与现象．

考点点评： 本题考查了学生应用溶解度概念、溶解度曲线的意义分析、解答问题的能力，难度不大．

（1）∵OA=4，OP=PA=4，∴△OPA是等边三角形，∴∠POA=60°，∴sin∠POA=32；过点P作PM⊥x轴于M，①当点P在第一象限时，∵AP=OP，∴点P在线段OA的垂直平分线PM上，∴OM=12OA=2，OP=4，在Rt△OPM中，由勾股定理得出：...

点评：
本题考点： 一次函数综合题．

考点点评： 此题主要考查了一次函数的应用，做题时要注意数形结合思想和分类讨论思想的运用，属于中档题．

（1）②所对应是酸，根据题目所提供的元素，硝酸符合题意，其化学式为：HNO₃．
⑥所对应的是盐，根据题目所提供的元素，硝酸钾符合题意，其化学式为：KNO₃．
③、④均属于碱，将两种碱继续分类，考虑其水溶性，可分为可溶性碱和不溶性碱．
故答案为：②HNO₃；⑥KNO₃；可溶性碱和不溶性碱；
（2）因为化学反应之间、化学物质之间具有包含、并列、交叉等关系，分析上表中X、Y的关系：
A、有些反应既是化合反应又是氧化反应；
B、置换反应与复分解反应只有并列关系；
C、化合物包括氧化物；
D、碳酸钠既是钠盐，又是碳酸盐．
故选A、D；
（3）①水的化学式为H₂O，过氧化氢的化学式为H₂O₂，可得出，过氧化氢的分子比水分子多一个氧原子；
由此可以推知，过氧化钠的分子构成上比氧化钠的分子多一个氧原子，氧化钠的红化学式为Na₂O，则过氧化钠的化学式可表示为Na₂O₂．
故答案为：Na₂O₂；
②根据题意，SiO₂与氢氧化钠溶液反应和CO₂与氢氧化钠溶液反应的反应产物相近，则二氧化硅能与氢氧化钠反应生成硅酸钠和水，反应的化学方程式为：SiO₂+2NaOH═Na₂SiO₃+H₂0．
故答案为：SiO₂+2NaOH═Na₂SiO₃+H₂0．

点评：
本题考点： 常见的氧化物、酸、碱和盐的判别；有关化学式的计算和推断；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．

考点点评： 本题主要考查学生物质的分类、反应类型之间的关系以及用类推的思维方法，找出规律，然后根据此规律类推物质的化学式的能力．

（1）证明：因为AB是直径，所以BC⊥AC，因为△ABC是△AED的投影，所以CD⊥平面ABC，则CD⊥BC，
因为CD∩AC=C，所以BC⊥平面ACD，
因为CD⊥平面ABC，BE⊥平面ABC，所以CD∥BE，又因为CD=BE，所以BCDE是平行四边形，
∴BC∥DE，则DE⊥平面ACD，因为DE⊂平面ADE，所以平面ADE⊥平面ACD；
（2）在直角三角形AEB中，EB=AB•tan∠EAB=4×[1/4]=1，
由（1）知VC−ADE＝VE−ACD＝
1
3S△ACD•DE
=[1/3×
1
2AC•CD•DE=
1
6AC•EB•BC=
1
6AC•BC≤
1
12×(AC2+BC2)＝
1
12×AB2＝
4
3]，
等号当且仅当AC＝BC＝2
2时成立，
此时，AD＝
AC2+CD2＝
12+(2
2)2＝3，
S△ADE＝
1
2AD•DE＝
1
2×3×2
2＝3
2，
设三棱锥C-ADE的高为h，
则VC−ADE＝
1
3S△ADE•h＝
4
3，
∴
1
3×3
2•h＝
4
3．
∴h＝
2
2
3．
所以，当三棱锥C-ADE体积最大时，三棱锥C-ADE的高为
2
2
3．

点评：
本题考点： 平面与平面垂直的判定；棱柱、棱锥、棱台的体积．

考点点评： 本题主要考查了直线与平面垂直的判定和性质，考查空间想象能力、运算能力和推理论证能力，训练了利用基本不等式求最值，求棱锥体积最大时的棱锥的高时，运用了等积法，体现了数学转化思想，属于中档题．

A．乙烯分子中含有碳氢极性键和碳碳非极性键，由于乙烯分子结构对称，乙烯分子为非极性分子，故A正确；
B．溴分子中共价键为非极性键，不存在极性键，故B错误；
C．过氧化钠为离子化合物，不存在极性键且不属于极性分子，故C错误；
D．H₂O₂分子中含有氧氢极性共价键和氧氧非极性共价键，但是双氧水结构不对称，属于极性分子，故D错误；
故选：A．

点评：
本题考点： 极性键和非极性键；极性分子和非极性分子．

考点点评： 本题考查化学键的极性、分子极性，题目难度不大，明确化学键、分子极性判断的方法是解答本题的关键，注意熟悉常见分子的构型，试题培养了学生灵活应用所学知识解决实际问题的能力．

（1）当两车相遇时，s₁=s₂
即100t=-80t+720，
解得t=4，
答：出发4小时后两车相遇；

（2）∵当两车相遇时，s₁=s₂，
∴当两车相距288公里时，s₂-s₁=288，
由题意得此时s₁＜s₂ s₂-s₁＜288，
即

100t＜−80t+720
−80t+720−100t＜288，
解得

t＜4
t＞2.4，
∴t的取值范围是：2.4＜t＜4．

点评：
本题考点： 一次函数的应用．

考点点评： 本题考查了一次函数和不等式的应用，主要考查学生分析问题和解决问题的能力，能把实际问题转化成数学问题是解此题的关键，题目比较典型，但是有一道的难度．

四川盆地位于秦岭、淮河以南的亚热带、湿润地区，气候类型为 亚热带季风气候，雨热同期，适合大多数植物生长．
故选：C．

点评：
本题考点： 气候复杂多样和主要气候类型．

考点点评： 考查四川盆地的地形、气候状况，要理解记忆．

为了验证头发是否带电，她拿来丝绸摩擦过的玻璃棒，即该玻璃棒带正电，当玻璃棒靠近气球时，气球被吸引过来，据异种电荷相吸可知，气球带负电；
把玻璃棒靠近头发，如果头发被排斥，则说明头发一定带电，反之不带电．
故答案为：负；排斥；

点评：
本题考点： 物体带电情况的判断．

考点点评： 知道带电体的基本性质是解决该题的关键．

把物体轻轻放入盛满清水的溢水杯中，排开的水重：
G_排=mg=0.09kg×9.8N/kg=0.882N，
物体受到的水的浮力：F_浮=G_排=0.882N．
故答案为：0.882．

点评：
本题考点： 阿基米德原理．

考点点评： 本题考查了学生对阿基米德原理的了解与掌握，知道溢出水的质量就是排开水的质量是本题的关键．

A、用剩的药品放回原试剂瓶，会污染药品，操作错误，故错；
B、由于氢氧化钠具有很强的腐蚀性，所以在称量时要放在玻璃器皿中以防止腐蚀托盘．故正确；
C、测定溶液pH的方法是用玻璃棒蘸取涂于pH试纸上，不能润湿；故错；
D、如果不慎将浓硫酸沾到皮肤上，先用布擦，再立即用大量的水冲洗，再涂上碳酸氢钠，不能用氢氧化钠因为它有强腐蚀性，故错．
故选B．

点评：
本题考点： 称量器-托盘天平；浓硫酸的性质及浓硫酸的稀释；溶液的酸碱度测定．

考点点评： 本题主要考查实验仪器及基本实验操作等相关内容．在化学实验操作时，有许多操作之间都要注意先后顺序，实验基本操作的全面考查，有利于培养学生的实验操作能力和科学严谨的实验态度．

A、食物被消化发生了氧化反应，淀粉经过消化变成葡萄糖等生成了新物质，属于化学变化．
B、呼吸作用中，吸收了氧气，释放了二氧化碳，属于化学变化．
C、水变成冰的过程中没有新物质生成，属于物理变化，此项正确．
D、氨基酸合成了新物质蛋白质，属于化学变化．
故选C

点评：
本题考点： 化学变化和物理变化的判别；生命活动与六大营养素．

考点点评： 解答本题的关键是要充分理解变化过程中是否有新物质生成，如果没有新物质生成就属于物理变化．

一颗骰子连续掷两次，朝上的点数依次为a、b，则a，b的所有情况有（1，1）（1，2）（1，3）（1，4）（1，5）（1，6）（2，1）（2，2）（2，3）（2，4）（2，5）（2，6）（3，1）（3，2）（3，3）（3，4）（3，5）（3，6）（4，1）（4，2）（4，3）（4，4）（4，5）（4，6）（5，1）（5，2）（5，3）（5，4）（5，5）（5，6）（6，1）（6，2）（6，3）（6，4）（6，5）（6，6）
共36种结果，每组结果等可能出现，属于古典概率
记：“朝上的点数依次为a、b，使a=2b”为事件A，则A包含的结果有：（2，1）（4，2）（6，3）共3种结果
由古典概率的计算公式可得P（A）=[3/36＝
1
12]
故答案为：[1/12]

点评：
本题考点： 等可能事件的概率．

考点点评： 本题主要考查了古典概率的求解，求解古典概率的关键是要准确的求出基本事件的个数与指定事件的个数．

（1）小球由a点运动到b点的过程中，由动能定理得
−μmgL＝
1
2mvb2−
1
2mv02．
小球到达b点时的速度vb＝
v02−2μgL＝4m/s
（2）小球由b点运动到P点的过程中，由机械能守恒定律得

1
2mvb2＝
1
2mvp2+4mgR
小球从P点水平抛出后的水平射程x=v_pt
竖直位移4R＝
1
2gt2
以上各式联立，可得x=0.8m．
答：（1）小球到达b点时的速度为4m/s．
（2）小物体从P点抛出后的水平射程为0.8m．

点评：
本题考点： 动能定理；平抛运动；机械能守恒定律．

考点点评： 本题综合考查了动能定理、机械能守恒定律，综合性强，难度不大，需加强训练．

（1）∵g（x）的图象与f（x）的图象关于y轴对称，
∴f（x）的图象上任意一点P（x，y）关于y轴对称的对称点Q（-x，y）在g（x）的图象上．
当x∈[-1，0）时，-x∈（0，1]，则f（x）=g（-x）=ln（-x）-ax²．（2分）
∵f（x）为[-1，1]上的奇函数，则f（0）=0．（4分）
当x∈（0，1]时，-x∈[-1，0），f（x）=-f（-x）=-lnx+ax²．（6分）
∴f（x）=

ln(−x)−ax2(−1≤x＜0)
0(x＝0)
−lnx+ax2(0＜x≤1)（7分）
（2）由（1）知，f'（x）=-[1/x]+2ax．
①若f'（x）≤0在（0，1]恒成立，则-[1/x+2ax≤0⇒a≤
1
2x2]．
此时，a≤
1
2，f（x）在（0，1]上单调递减，f（x）_min=f（1）=a，
∴f（x）的值域为[a，+∞）与|f（x）|≥1矛盾．（11分）
②当a＞
1
2时，令f'（x）=-[1/x+2ax＝0⇒x=

1
2a]∈（0，1]，
∴当x∈（0，

1
2a）时，f'（x）＜0，f（x）单调递减，
当x∈（

1
2a，1]时，f'（x）＞0，f（x）单调递增，
∴f（x）_min=f（

点评：
本题考点： 函数恒成立问题；函数解析式的求解及常用方法；奇偶函数图象的对称性．

考点点评： 本题主要考查函数恒成立问题以及函数解析式的求解及常用方法和奇偶函数图象的对称性，是对函数知识的综合考查，属于中档题．

在庞大的地图家族中，有自然地图和社会经济地图．自然地图包括地形图、气候图、水文图、植被图等，社会经济地图包括工业图、农业图、商业图、交通图、人口分布图等．依据各种地图的作用，应该查阅的地图是世界政治地图中的亚洲地图．
故选：C．

点评：
本题考点： 电子地图和影像地图．

考点点评： 此题考查了在不同情况下如何选择合适的各类地图，常见基础题．

（1）小象受到的重力为G=mg=6×10³kg×10N/kg=6×10⁴N；
（2）小象对地面的压强为P=[F/S]=[G/S]=
6×104N
0.06m2=1×10⁶Pa；
（3）起重机对小象做的功为W_有用=Gh=6×10⁴N×2m=1.2×10⁵J；
（4）电动机做的总功为W_总=Pt=5×10⁴W×4s=2×10⁶J；
（5）起重机的效率为η=
W有用
W总=
1.2×105J
2×106J=60%．
答：
（1）小象受到的重力为6×10⁴N；
（2）小象对地面的压强为1×10⁶Pa；
（3）起重机对小象做的功为1.2×10⁵J；
（4）电动机做的总功为2×10⁶J；
（5）起重机的效率为60%．

点评：
本题考点： 重力的计算；压强的大小及其计算；功的计算；机械效率的计算．

考点点评： 此题属于力学综合计算题，考查了重力、压强、功、功率和机械效率的计算公式或变形公式的应用，考查角度全面，涉及到的公式较多，但难度都不大，属于中档题．

设飞镖投到最小的圆中得x分，投到中间的圆中得y分，投到最外面的圆中得z分，根据题意得：


2y+z＝29
2x+z＝43
3y＝33，
解得：

x＝18
y＝11
z＝7．
则小华的成绩是18+11+7=36（分）．
故选C．

点评：
本题考点： 三元一次方程组的应用．

考点点评： 此题考查了三元一次方程组的应用，解题的关键是根据图形设出相应的未知数，再根据各自的得分列出相应的方程．

（1）∵ρ=[m/V]，
∴水的质量：m=ρV=1.0×10³kg/m³×3×10^-2m³=30kg；
（2）燃烧天然气释放的热量Q_放=qV=4×10⁷J/m³×0.3m³=1.2×10⁷J．
（3）水升温所吸收的热量Q_吸=cm（t₂-t₁）=4.2×10³J/（kg．℃）×30kg×（80-14）℃=8.316×10⁶J；
热水器的效率η=
Q吸
Q放×100%=
8.316×106J
1.2×107J×100%=69.3%．
答：（1）水的质量m为30kg'；
（2）完全燃烧天然气释放的热量Q_放为1.2×10⁷J．
（3）热水器的效率η为69.3%．

点评：
本题考点： 密度公式的应用；热量的计算．

考点点评： 此题主要考查的是学生对热量计算公式、热值计算公式、效率计算公式的理解和掌握，难易程度适中．

设R的相对原子质量是x，则
x：（16×2）=71：64 解得x=35.5
因为氯原子的相对原子质量是35.5，所以RO₂的化学式为ClO₂．
故选：A．

点评：
本题考点： 元素质量比的计算．

考点点评： 本题难度不大，考查同学们灵活运用化学式的有关计算进行推断化学式的能力．

（1）圆柱体逐渐浸入水中的过程中，T+F_浮=G，
由图可知当F_浮=0时，T=G=12N，所以有T=12N-F_浮；
（2）当浮力是4.2N时，T=12N-4.2N=7.8N．
故答案为：T=12N-F_浮；7.8．

点评：
本题考点： 浮力大小的计算；力的合成与应用．

考点点评： 本题考查了称重法测浮力的应用，能从图中得出G=12N是本题的关键．

A．还原性Fe²⁺＞Br^-，通入氯气，首先氧化Fe²⁺，然后氧化Br^-，因通入少量氯气，所以只发生反应2Fe²⁺+Cl₂═2Fe³⁺+2Cl^-，故A正确；
B．大理石溶于醋酸，醋酸的酸性强于碳酸，所以发生反应生成乙酸钙和水和二氧化碳，碳酸钙是沉淀写化学式、乙酸是弱酸写化学式，二氧化碳、水都是氧化物，写化学式，所以离子反应方程式为CaCO₃+2CH3COOH═Ca²⁺+CH3COO^-+CO₂↑+H₂O，故B错误；
C．向NaHSO₄溶液中滴加Ba（OH）₂至刚好沉淀完全，NaHSO₄少量，所以NaHSO₄和Ba（OH）₂按1：1参加反应：H⁺+SO₄^2-+Ba²⁺+OH^-═BaSO₄↓+H₂O，故C错误；
D．根据沉淀溶解平衡转化原理，锅炉水垢中的CaSO₄用碳酸钠溶液处理，微溶的硫酸钙可转化为难溶的碳酸钙，所以离子反应方程式为：CaSO₄+CO₃^2-═CaCO₃+SO₄^2-，故D错误；
故选A．

点评：
本题考点： 离子方程式的书写．

考点点评： 本题主要考查了离子方程式的书写，本题注意解答时A还原性Fe2+＞Br-，注意C为与量有关的离子反应，解答时要根据反应物的物质的量判断反应的程度，题目难度中等．

从1，2，3，4中任取两个不同的数，所有不同的取法种数为
C24＝6种．
取出的两个数之差的绝对值为2的情况有：（1，3），（2，4）共2种．
∴取出的两个数之差的绝对值为2的概率是P=[2/6＝
1
3]．
故答案为：[1/3]．

点评：
本题考点： 古典概型及其概率计算公式．

考点点评： 本题考查了古典概型及其概率计算公式，考查了简单的排列组合知识，是基础的计算题．

（1）、视觉形成的过程是：外界物体反射的光线，经角膜、瞳孔（房水）、晶状体和玻璃体，并经晶状体的折射，最终在视网膜上形成倒置的物象，视网膜上的感光细胞接受物象刺激，将物象信息转变成神经冲动，然后通过视神经传到大脑皮层的视觉中枢，形成视觉．所以“红灯”的光线进入小明眼球形成物像时，光线进入眼球的先后顺序是：②角膜→③瞳孔→①晶状体→⑤玻璃体→④视网膜．故选C．
（2）、由（1）可知，眼球结构中能将红灯图象信息通过视觉神经传给大脑的是④视网膜．
（3）、从图中可以看出，此反射过程中，有大脑皮层的参与，因此属于复杂反射．
A．眨眼反射，B．排尿反射，C．缩手反射，是生来就有的，神经中枢不在大脑皮层的简单反射；D．望梅止渴是出生后才有的，是在非条件反射的基础上，经过一定的过程，在大脑皮层参与下完成的复杂反射．故选D．
（4）、神经调节的基本方式是反射，反射活动的结构基础称为反射弧，包括感受器、传入神经、神经中枢、传出神经和效应器五个部分．
（5）、司机从看见红灯到停车需要神经系统的调节、运动系统作出反应、消化系统提供营养、呼吸系统供应氧气、循环系统运输营养物质氧气，因此需要多个系统配合才能完成．
故答案为：
（1）C；
（2）视网膜；
（3）D；
（4）反射弧；五；
（5）神经系统、运动系统、消化系统、呼吸系统、循环系统．

点评：
本题考点： 反射弧的结构和功能；非条件（简单）反射和条件（复杂）反射；眼球的结构和视觉的形成；骨、关节、骨骼肌的协调配合与运动的产生．

考点点评： 此题涉及的知识面较广，这就要求我们对于相关的基础知识要熟练掌握，只有基础扎实，才能灵活答题

假设反应后溶液中的溶质是氢氧化钾和氯酸钾，根据转移电子守恒得氯酸钾的物质的量=
11mol×(1−0)
5−0=2.2mol；
假设反应后溶液中的溶质是次氯酸钾和氯酸钾，
设氯酸钾的物质的量为x，次氯酸钾的物质的量为y，
根据转移电子守恒和钾离子守恒得方程式组

5x+y×1＝11×1
x+y+11＝14，
所以得

x＝2
y＝1，
实际上溶液中含有氯酸钾和次氯酸钾，所以得到的氯酸钾的物质的量可能为2.00mol，
故选C．

点评：
本题考点： 化学方程式的有关计算．

考点点评： 本题考查了物质的量的有关计算，根据溶液中的溶质及转移电子守恒和钾原子守恒来分析解答即可，难度中等．

A、C外界对物体做功，根据热力学第一定律△U=W+Q可知，内能不一定增加，还与热传递情况有关．若没有热传递Q=0，内能一定增加，故A错误，C正确．
B、外界向物体传递热量，根据热力学第一定律△U=W+Q可知，内能不一定增加，还与做功情况有关．故B错误．
D、物体向外放热，外界对物体做功，若功的数值大于热量的数值，根据热力学第一定律△U=W+Q可知，内能将增加，故D正确．
故选CD

点评：
本题考点： 物体的内能．

考点点评： 本题考查的是对热力学第一定律△U=W+Q的理解和应用，需要注意的是符号法则及其物理意义．

（1）生态球中的水藻进行光合作用需要的条件是光，因此这个生态球应放在有阳光的地方．
（2）该生态球能够维持一段时间的原因是：水藻能够进行光合作用为小鱼提供有机物和氧气；小鱼通过呼吸作用为水藻提供二氧化碳．细胞利用氧，将有机物分解成二氧化碳和水，并且将储存在有机物中的能量释放出来，供给生命活动的需要的过程叫做呼吸作用．有机物（储存能量）+氧
线粒体
二氧化碳+水+能量．呼吸作用是在细胞的线粒体中进行的．
（3）生态系统的自动调节能力与该系统的生物种类和数量有关．一般来说，生态系统生物的种类和数量越多，食物链和食物网越复杂，生态系统的调节能力越强；反之则调节能力差．生态球中的生物种类少，食物链和食物网结构简单，因此不会维持太长的时间．
故答案为：（1）有阳光
（2）光合作用；线粒体
（3）自动调节

点评：
本题考点： 生态系统的组成及各部分的作用；生态系统具有一定的自我调节能力；光合作用的概念．

考点点评： 从生态系统的角度来看生态球就会使问题迎刃而解．

A、B、分子动理论认为物体是由大量分子组成的，分子都在永不停息的做无规则的热运动，分子间存在着相互作用的引力和斥力．物体的内能是所有做热运动分子的动能和分子势能的和，单个分子是没有统计意义的．温度是物体分子热运动平均动能的标志，所以A正确，B错误；
C、改变物体内能的方法有两个，做功和热传递在改变内能的效果是相当的，但他们的物理本质不一样，做功是能量的转化、热传递是内能的转移过程，所以C错误；
D、热力学第二定律认为大多自然界的热学过程是有方向的，是不可逆的．所以D错误；
故选A．

点评：
本题考点： 热力学第二定律；分子动理论的基本观点和实验依据．

考点点评： 本题考查分子动理论，改变内能的方法，热力学第二定律．是一道基础题．

由题意知，根据反应前的物质和反应后的物质的微观粒子，反应的化学方程式为：Cl₂+H₂O=HCl+HClO．
A、反应物中无单质，判断错误，反应物中有氯气（单质）参加，故A错误；
B、分解反应必须符合“一变多”的特点，此反应为两物质生成两物质，不符合此特点，不是分解反应，故B错误；
C、化合反应必须符合“多变一”的特点，此反应为两物质生成两物质，不符合此特点，不是化合反应，故C错误；
D、根据质量守恒定律，反应前后元素种类不变，判断正确，故D正确．
故选D．

点评：
本题考点： 微粒观点及模型图的应用；单质和化合物的判别；分解反应及其应用；质量守恒定律及其应用．

考点点评： 掌握微粒观点及模型图的应用；了解单质和化合物的判别；掌握分解反应及其应用和质量守恒定律及其应用．

A、碘是甲状腺素的重要成分，缺碘或摄入量过高，都会引起甲状腺肿大．故A说法正确；
B、锌影响身体发育，缺乏会引起食欲不振，生长迟缓，发育不良．故B说法正确；
C、钙是构成人体的重要组分，幼儿及青少年缺钙会患佝偻病和发育不良，老年人缺钙会发生骨质疏松．故C说法不正确；
D、铁是血红蛋白的成分，缺铁会引起贫血．故D说法正确．
故选C．

点评：
本题考点： 人体的元素组成与元素对人体健康的重要作用．

考点点评： 与人体健康的化学知识是中考热点之一，本题考查微量元素对人体的作用，使学生进一步了解微量元素的重要性．

A、“100毫升水和100毫升酒精混合后的体积小于200毫升”，解释因为分子之间有间隔，一部分水分子和酒精分子会互相占据分子之间的间隔，故A正确；
B、金刚石坚硬而石墨质地很软，是碳原子的排列不同；故B不正确；
C、水通电后生成氢气和氧气，在化学变化中水分子分成氢原子和氧原子，氢原子构成氢分子，氧原子构成氧分子，说明在化学变化中分子可以再分，分子的不断运动解释欠缺；故C不正确；
D、有关热胀冷缩的现象解释错误，分子大小是不变的，改变的是分子的间隔，故D不正确；
故选A．

点评：
本题考点： 物质的微粒性．

考点点评： 掌握利用分子和原子的性质分析和解决问题的方法；熟练记忆分子和原子的性质；了解分子的定义和分子的特性．此题属基础性题型，需学生熟练掌握．

因为实心均匀正方体A、B放置在水平地面上，他们对地面的压力相等．由图可知V_A＜V_B，由于它们对地面的压力相等即F_A=F_B，因为水平放置所以G_A=G_B，又V_A＜V_B，所以ρ_A＞ρ_B；
又因为S_A＜S_B，故p_A＞p_B
当从水平方向截去相同高度h后：
剩余的甲物体对水平面的压强：p_A′=ρ_甲g（h_甲-h）=p_A-ρ_Agh；
剩余的乙物体对水平面的压强：p_B′=ρ_乙g（h_乙-h）=p_B-ρ_Bgh；
由于ρ_A＞ρ_B，即ρ_Agh＞ρ_Bgh；若△=L时，A、B剩余部分对水平桌面的压强关系为p_A′=p_B′；
则若△＜L时，A、B剩余部分对水平桌面的压强关系为p_A′＞p_B′．
故选：A．

点评：
本题考点： 压强大小比较．

考点点评： 此题是典型的柱状固体的压强问题，要根据已知条件，灵活选用压强计算式p=[F/S]和p=ρgh（适用于实心柱体对支撑面的压强）进行分析解答．

（1）温度计的零刻度在下方，液柱远离零刻度是零上．每一个大格代表10℃，每一个小格代表1℃，示数为92℃．
（2）AB段是固态的冰吸收热量，温度升高过程；
BC段是固态冰吸收热量，温度不变，是熔化过程，熔点是0℃；
CD段是液态水吸收热量，温度升高的过程；
DE是水不断吸收热量，温度不变的过程，是水沸腾的过程，沸点是100℃．
（3）如图装置，水沸腾后，生成的水蒸气全部离开烧杯，不可能出现水蒸气吸热升温的过程，温度计是无法测量的．
故答案为：（1）92；
（2）BC；0；
（3）运用图示装置实验时，水沸腾后，生成的水蒸气全部离开烧杯，不可能出现水蒸气吸热升温的过程．

点评：
本题考点： 熔化与熔化吸热特点；晶体的熔化和凝固图像．

考点点评： 本题从图象中读出有关知识，还可以从图中挖掘更多的与物理有关的内容．
本题考查了温度计的正确读数、熔化特点、熔点．

∵从甲、乙两个盒子中各随机取一个小球有3×3种结果，
和是奇数的有5种
∴由古典概型的公式P=[5/9]，
故答案为：[5/9]

点评：
本题考点： 列举法计算基本事件数及事件发生的概率．

考点点评： 古典概型要求能够列举出所有事件和发生事件的个数，本题可以列举出所有事件，概率问题同其他的知识点结合在一起，实际上是以概率问题为载体．

（一）（1）由2H₂（g）+O₂（g）═2H₂O（g）△H=-483.6KJ/mol、2H₂O（g）═2H₂O（l）△H=-88.0KJ/mol，即2mol氢气燃烧生成液态水，放出的热量为483.6kJ+88kJ=571.6kJ，
则1mol氢气燃烧生成液态水时放出的热量为285.8kJ，
故答案为：285.8；
（2）由①2CO（g）+O₂（g）═2CO₂（g）△H=-566KJ/mol、②2H₂（g）+O₂（g）═2H₂O（g）△H=-483.6KJ/mol，
根据盖斯定律可知[①−②/2]得CO（g）+H₂O（g）═CO₂（g）+H₂（g），△H=
−566kJ/mol−(−483.6kJ/mol)
2=-41.2kJ/mol，
即热化学反应方程式为CO（g）+H₂O（g）═CO₂（g）+H₂（g）△H=-41.2kJ/mol，
故答案为：CO（g）+H₂O（g）═CO₂（g）+H₂（g）△H=-41.2kJ/mol；
（二）（1）平衡常数等于生成物的浓度幂之积除以反应物的浓度幂之积，所以K=
c(CO)•c(H2O)
c(CO2)•c(H2)，
故答案为：
c(CO)•c(H2O)
c(CO2)•c(H2)；
（2）温度越高，K值越小，说明升温平衡向逆反应方向移动，故正反应为放热反应，
故答案为：放热；
（3）A．因该反应为反应前后气体体积不变的反应，故容器中压强不变不能作为平衡状态的判据，故A错误；
B．混合气体中CO浓度不变，表明各组分的浓度不再变化，达到了平衡状态，故B正确；
C．v（H₂）_正=v（H₂O）_逆，说明正逆反应速率相等，能作为平衡状态的判据，故C正确；
D．c（CO₂）=c（CO）不能判断化学平衡状态，和起始量有关，故D错误；
故答案为：BC；
（4）
CO₂（g）+H₂（g）⇌CO（g）+H₂O（g）
起始浓度/mol•L^-10.20.300
变化浓度/mol•L^-1：c₃ c₃ c₃c₃
平衡浓度/mol•L^-1：0.2-c₃0.3-c₃c₃c₃
由题意知，850℃时，K=1.0，即
K=
c(CO)•c(H2O)
c(CO2)•c(H2)=
c32
(0.2−c3)(0.3−c3)=1.0，
解得c₃=0.12mol/L，
二氧化碳的转化率=[0.12mol/L/0.2mol/L]×100%=60%，
故答案为：0.12mol/L；60%．

点评：
本题考点： 热化学方程式；化学平衡状态的判断；化学平衡的计算．

考点点评： 本题主要考查热化学方程式、温度对化学平衡、化学平衡常数的影响，化学平衡常数的计算，化学平衡的标志判断，难度不大，考查学生分析和解决问题的能力．