纯电动汽车与油电混合汽车哪个碳排低?

A. 通电后叶轮转动，是电动机将电能转化为机械能。此选项不符合题意。

B. 从开始加热到豆浆煮熟，豆浆的温度升高，内能增加。此选项不符合题意。

C. 煮好的豆浆温度很高，香气分子无规则运动的速度加剧，所以“香气四溢”。此选项符合题意。

D. 喝刚刚煮好的豆浆时，在它表面吹气可以加快豆浆的蒸发，吸收热量，使它凉得快些，此选项不符合题意。

故选C.

C

(1)t=0.6s时小车A和木板B的速度大小分别为vA=2.4m/s、vB=0.3m/s.

开始时小车A与木板右端挡板的距离

①

代入数据解得L=0.81m②

(2)小车A在木板上运动过程，受木板的作用力

③

木板受力向左加速运动，有

④

F’=F⑤

小车A和木板B的加速度大小分别为

⑥

⑦

代入数据解得木板与地面间的动摩擦因数

μ=0.1⑧

(3)小车与挡板碰后立刻粘合，动量守恒，有

mυA–MυB="(m"+M)υ⑨

碰后滑行过程，由动能定理得

μ(m+M)gs’=(m+M)υ2⑩

代入数据，解得碰后位移

s’="0.18m"(向右)

而木板碰前的位移

=0.09m(向左)

因此木板的总位移

0.09m(向右)

（1）0.81m （2）0.1（3）0.09m 向右


<>

电动机的电阻可表示为R＝
U
2A；
η=
W有
W总＝
I1U−
I21R
I1U=
0.6A×U−(0.6A)2×
U
2A
0.6A×U=70%；
因此选项A C D错误，B选项正确．
故选B．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；能量利用效率；电功率的计算．

考点点评： 会灵活运用欧姆定律，会利用能量利用效率以及电功率之间的关系进行计算效率问题．

S断开时，根据闭合电路欧姆定律得：
E=I₁（R₁+r）…①
S闭合时，干路中电流为：I₂=I_A+
IAR1
R2=0.8A+[0.8×6/3]A=2.4A
由闭合电路欧姆定律得：
E=I₂r+I_AR₁ …②
联立①②代入解得，E=5.76Vr=0.4Ω
答：电源电动势E是5.76V，内阻r是0.4Ω．

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 对于电源的电动势和内阻，由两种情况的条件，根据闭合电路欧姆定律列方程，组成方程组成求解，是常用的方法．

（1）电动自行车行驶的速度V=[S/t]=[150m/30s]=5m/s；
（2）牵引力所做的功W=FS=20N×150m=3000J；
（3）牵引力做功的功率P=[W/t]=[3000J/30s]=100W．
答：（1）电动自行车的速度等于5m/s；
（2）牵引力所做的功是3000J；
（3）牵引力的功率是100w．

点评：
本题考点： 速度的计算；功的计算；功率的计算．

考点点评： 此题考查了速度、功和功率的计算，考查的方式比较直接，是一道比较简单的计算题．

（1）加热和打浆是交替进行，电动机与电热丝可以独立工作、互不影响，因此电动机与加热体是并联的；
（2）∵P=UI，
∴豆浆机在额定电压下加热时，通过豆浆机的电流：
I=[P/U]=[880W/220V]=4A．
故答案为：并联；4．

点评：
本题考点： 电功率与电压、电流的关系．

考点点评： 本题考查了电机与电热丝的连接方式、求电热丝电流等，本题难度不大，熟练应用并联电路特点和电功率公式及其变形公式即可正确解题．

（1）G=mg=2000kg×10N/kg=2×10⁴N；
（2）F=G=2×10⁴N；
p=[F/S]=
2×104N
0.2m2=1×10⁵Pa；
（3）P=72kW=72000W；
由P=[W/t]=Fv得：
F=[P/v]=[72000W/30m/s]=2400N；
由中巴车匀速行驶可知，中巴车受到的阻力等于牵引力即f=F=2400N；
（4）P=72kW=72000W，t=1h=3600s；
由P=[W/t]得：
W=Pt=72000W×3600s=2.592×10⁸J；
汽油燃烧放出的热量和中巴车的牵引力所做的功相等，即Q=W=2.592×10⁸J；
由Q=Vq得：
V=[Q/q]=
2.592×108J
3.2×107J/L=8.1L．
答：（1）中巴车所受的重力是2×10⁴N；
（2）静止时中巴车对路面的压强是1×10⁵Pa；
（3）匀速行驶时所受阻力是2400N；
（4）至少要燃烧8.1L的汽油．

点评：
本题考点： 重力的计算；二力平衡条件的应用；压强的大小及其计算；功的计算；热量的计算．

考点点评： 本题的综合性强，涉及到重力、压强、阻力、热值的有关计算，做题时要熟练掌握相关的公式，找出题干中隐含的等量关系，最后代入数值计算．

以加速过程前进的方向为正方向，玩具车匀加速直线运动过程位移为：
x₁=[1/2a1t2
接下来的匀减速过程的位移为：
x₂=（a₁t）t-
1
2a2t2
小车回到原出发点，故：
x₁=-x₂
联立得：

1
2a1t2+（a₁t）t-
1
2a2t2=0
解得：a₁=
1
3]a₂
故选：C．

点评：
本题考点： 匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．

考点点评： 本题切入点在于将运动过程分解为匀加速直线运动和一个匀变速直线运动过程，要统一正方向，不难．

（1）当喜洋洋从轨道最高点运动到最低点，高度减小，质量不变，所以重力势能减小；
（2）重力做功：
W=Gh=2N×0.2m=0.4J，
重力做功的功率：
P=[W/t]=[0.4J/20S]=0.02W．
故答案为：减小；0.02．

点评：
本题考点： 动能和势能的大小变化；功率的计算．

考点点评： 本题考查了重力势能大小的判断及功和功率的计算，属于基本内容，难度不大．要注意单位配套．

最终电荷受到洛伦兹力和电场力平衡，有：qvB=q[E/D]，解得v=[E/BD]．
流速Q=vS=v•π(
D
2)2=[E/BD•
πD2
4]=[πDE/4B]．
故答案为：Q＝
πDE
4B．

点评：
本题考点： 霍尔效应及其应用．

考点点评： 解决本题的关键知道最终电荷受到洛伦兹力和电场力处于平衡，以及知道流速Q=vS．

（1）由图象可知，运动中阻力f=400N
汽车的最大速度v_m=15m/s
所以额定功率P=fv_m=400×15W=6000W．
（2）有图象可知，汽车牵引力F=2000N
因为a＝
F−f
m＝
2000−400
8×102m/s2＝2m/s2
（3）汽车做匀变速直线运动的最大速度v0＝
P
F＝
6000
2000m/s＝3m/s
汽车做匀变速直线运动的时间t＝
v
a＝
3
2s＝1.5s
汽车BC段运动的时间t₂=19.5-1.5s=18s
BC段由动能定理：Pt2−fx2＝
1
2m
v2m−
1
2m
v20
可得x2＝
Pt2−
1
2m
v2m+
1
2m
v20
f=
6000×18−
1
2×8×102×152+
1
2×8×102×32
400m=54m．
答：（1）该汽车的额定功率为6000W；
（2）该汽车做匀加速直线运动过程中的加速度为2m/s²；
（3）该汽车由静止开始运动，经过19.5s达到做大速度15m/s，其在BC段的位移为54．

点评：
本题考点： 功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律．

考点点评： 读懂图象的几个关键数据是正确解题的基础，由图象读出最大速度及其最大速度时的牵引力，以及匀加速运动时的牵引力，这些关键数据是正确解题的关键．注意理解坐标的含义．

用多用电表的直流电压档测一节干电池的电动势能，多用电表的红表笔应和电池的正极接触；
用多用电表的电阻档测阻值约为20kΩ的电阻时，应选用×1k档．
故答案为：正；×1k．

点评：
本题考点： 用多用电表测电阻．

考点点评： 本题考查了多用电表的使用，掌握基础知识即可正确解题，用欧姆表测电阻，应选择合适的挡位，使指针指针中央刻度线附近

电动机消耗的总能量一部分用于提升重物的机械能，一部分消耗在电动机线圈电阻发热上．根据能量守恒定律得
P_电=P_机+P_热，
其中P_电=IU，P_机=mgv，P_热=I²R，
所以有IU=mgv+I²R，
代入解得 R=
IU−mgv
I2=4Ω
答：电动机的线圈的电阻R为4Ω．

点评：
本题考点： 闭合电路中的能量转化；电功、电功率．

考点点评： 电动机正常工作时，电路是非纯电阻电路，求解电功率只能用P电=IU，求解内电路发热功率只能用P热=I2R，输出功率往往根据能量守恒定律求解．

（1）物体上升的高度h=vt=0.9m/s×10s=9m；
则物体克服重力所做的功W_G=mgh=50kg×10N/kg×9m=4500J；
（2）在时间t内电流通过直流电动机做功（消耗电能）：
W_电=UIt，
在时间t内得到的机械能：
W_机=mgh=mgvt，
η=
W机
W电=[mgvt/UIt]=[mgv/UI]=[50kg×10N/kg×0.9m/s/110V×5A]≈82%．
答：（1）电动起重机在10秒内对重物做了4500J的功；
（2）此装置的效率是82%．

点评：
本题考点： 功的计算；机械效率的计算．

考点点评： 本题考查了消耗电能（电功）的计算、功的计算、效率的计算．特别是要知道电动机不是纯电阻用电器，电流做功消耗的电能大部分转化为机械能、少部分转化为内能（发热）．

A、因为横坐标是[1/V]，所以全过程中，C点的[1/V]值最小，则速度最大．故A错误．
B、AB段牵引力不变，根据牛顿第二定律知，加速度不变，做匀加速直线运动．故B正确．
C、BC图线的斜率表示电动车的功率，知BC段功率不变，牵引力增大，速度减小，做减速运动．故C，D正确．
故选BCD．

点评：
本题考点： 力与运动的关系．

考点点评： 解决本题的关键能够从图线中分析出电动车在整个过程中的运动情况，当牵引力等于阻力时，速度达到最大．

（1）设板竖直向上的加速度为a，则有：s_BC-s_AB=aT²　①
其中：T=0.1s…②
由牛顿第二定律得：F-mg=ma…③
解①②③可求得：F=22N．
（3）根据位移时间关系公式，有：
s_AB=v_AT+[1/2]aT²
s_BC+s_AB=v_A•2T+[1/2]a（2T）²
联立解得：a=1m/s²，v_A=0.1m/s
（2）根据速度时间关系公式，有：v_A=at，解得：t=0.1s；
答：（1）拉力的大小为22N；
（2）自玻璃板开始运动起，经过0.1s时间才开始接通电动音叉的电源；
（3）电动音叉的指针开始振动时，玻璃板的即时速度为0.1m/s．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；简谐运动的振幅、周期和频率．

考点点评： 本题一要抓住音叉振动与玻璃板运动的同时性，AB、BC、BC对应于音叉振动半个周期．二是利用打点计时器测加速度的原理求解加速度．

设扶梯长为s，由v=[S/t] 得：
则扶梯的速度v₁=[s/15]，
他沿着开动的扶梯走上楼去的速度v₂=[S/10]：
t=[S
V2−V1=
S

S/10−
S
15]=30（秒）
答：电动扶梯不动时徒步上楼需30秒．

点评：
本题考点： 流水行船问题．

考点点评： 要弄清隐含的条件就是扶梯的长度不变（路程不变）；注意徒步上楼实际上就是速度相减．

①拉力对水泥板做功：
W=Gh=mgh=240kg×10N/kg×10m=24000J；
②∵电动机正常工作，
∴P=P_额=2000W，
25s消耗的电能：
W=Pt=2000W×25s=50000J．
此时通过电动机的电流：
I=
P额
U额=[2000W/220V]=[100/11]A，
电流产生的热量：
Q=I²Rt=（[100/11]A）²×4.84Ω×25s=10000J；
③整个电动吊车的机械效率：
η=[W/Q]=[24000J/50000J]=48%．
答：①这段时间内，拉力对水泥板做24000J的功；
②这段时间内，电动机消耗50000J的电能，电流通过电动机线圈产生的热量为10000J；
③整个电动吊车的机械效率为48%．

点评：
本题考点： 功的计算；能量利用效率；机械效率的计算；电功的计算；焦耳定律的计算公式及其应用．

考点点评： 本题考查了物体升高高度做功、消耗电能、热量、机械效率的计算，难点是计算机械效率的计算，明确吊车对水泥板做功是有用功、电动机在25s消耗的电能为总功．注意电动机工作时消耗的电能以及线圈电阻产生热量的计算（电动机所在电路不是纯电阻电路）．